Reševanje problemov mehanike tal Avtor Primož Jelušič Junij 2021 Naslov Reševanje problemov mehanike tal Title Solving Problems in Soil Mechanics Avtor Primož Jelušič Author (Univerza v Mariboru, Fakulteta za gradbeništvo, prometno inženirstvo in arhitekturo) Recenzija Bojan Žlender Review (Univerza v Mariboru, Fakulteta za gradbeništvo, prometno inženirstvo in arhitekturo) Stanislav Lenart (Zavod za gradbeništvo Slovenije) Jezikovni pregled Language edeting Jasna Jelušič Tehnični urednik Jan Perša Technical editor (Univerza v Mariboru, Univerzitetna založba) Oblikovanje ovitka Jan Perša Cover designer (Univerza v Mariboru, Univerzitetna založba) Grafike na ovitku Zemlja, avtor: Grafične priloge Cover graphics Die_Sonja (Pixabay) Graphic material Avtor Založnik Univerza v Mariboru Published by Univerzitetna založba Slomškov trg 15, 2000 Maribor, Slovenija https://press.um.si, zalozba@um.si Izdajatelj Univerza v Mariboru Co-published by Fakulteta za gradbeništvo, prometno inženirstvo in arhitekturo Smetanova ulica 17, 2000 Maribor, Slovenija https://www.fgpa.um.si, fgpa@um.si Izdaja Edition Prva izdaja Izdano Published at Maribor, junij 2021 Vrsta publikacije Publication type E-knjiga Dostopno na Available at https://press.um.si/index.php/ump/catalog/book/565 © Univerza v Mariboru, Univerzitetna založba CIP - Kataložni zapis o publikaciji / University of Maribor, University Press Univerzitetna knjižnica Maribor Besedilo / Text © Jelušič, 2021 624.131(075.8)(0.034.2) To delo je objavljeno pod licenco Creative Commons Priznanje avtorstva-Deljenje pod enakimi pogoji 4.0 Mednarodna.. / This work is licensed under the Creative Commons Attribution-ShareAlike 4.0 JELUŠIČ, Primož International License. Reševanje problemov mehanike tal [Elektronski vir] / avtor Primož Jelušič. - 1. izd. - E-knjiga. Uporabnikom se dovoli reproduciranje, distribuiranje, dajanje v najem, - Maribor : Univerza v Mariboru, Univerzitetna javno priobčitev in predelavo avtorskega dela, če navedejo avtorja in širijo avtorsko delo/predelavo naprej pod istimi pogoji. Za nova dela, ki založba, 2021 bodo nastala s predelavo, je tudi dovoljena komercialna uporaba. Način dostopa (URL): Vsa gradiva tretjih oseb v tej knjigi so objavljena pod licenco Creative https://press.um.si/index.php/ump/catalog/book/565 Commons, razen če to ni navedeno drugače. Če želite ponovno ISBN 978-961-286-463-7 (PDF) uporabiti gradivo tretjih oseb, ki ni zajeto v licenci Creative Commons, boste morali pridobiti dovoljenje neposredno od imetnika avtorskih doi: 10.18690/978-961-286-463-7 pravic. COBISS.SI-ID 65816323 https://creativecommons.org/licenses/by-sa/4.0/ ISBN 978-961-286-463-7 (pdf) DOI https://doi.org/10.18690/978-961-286-463-7 Cena prof. dr. Zdravko Kačič, Price Brezplačni izvod Odgovorna oseba založnika For publisher rektor Univerze v Mariboru Citiranje Attribution Jelušič, P. (2021). Reševanje problemov mehanike tal. Maribor: Univerzitetna založba. doi: 10.18690/978-961-286-463-7 REŠEVANJE PROBLEMOV MEHANIKE TAL P. Jelušič Kazalo Predgovor ........................................................................................................................................ 1 1 Uvod ................................................................................................................................... 3 Naloga 1.1 .............................................................................................................................................................. 5 Naloga 1.2 .............................................................................................................................................................. 5 Naloga 1.3 .............................................................................................................................................................. 6 Naloga 1.4 .............................................................................................................................................................. 6 2 Klasifikacija zemljin ........................................................................................................... 7 Naloga 2.1 .............................................................................................................................................................. 8 Naloga 2.2: ............................................................................................................................................................ 11 Naloga 2.3 ............................................................................................................................................................ 12 Naloga 2.4 ............................................................................................................................................................ 12 3 Trifazni sestav zemljine .................................................................................................... 15 Naloga 3.1 ............................................................................................................................................................ 16 Naloga 3.2: ............................................................................................................................................................ 17 Naloga 3.3 ............................................................................................................................................................ 17 Naloga 3.4 ............................................................................................................................................................ 18 Naloga 3.5: ............................................................................................................................................................ 18 4 Napetosti v zemljini ..........................................................................................................23 Naloga 4.1 ............................................................................................................................................................ 23 Naloga 4.2: ............................................................................................................................................................ 23 5 Napetosti v sloju tal ..........................................................................................................25 Naloga 5.1: ............................................................................................................................................................ 25 Naloga 5.2: ............................................................................................................................................................ 26 Naloga 5.3: ............................................................................................................................................................ 26 Naloga 5.4: ............................................................................................................................................................ 27 Naloga 5.5: ............................................................................................................................................................ 27 6 Darcyjev zakon ..................................................................................................................29 Naloga 6.1: ............................................................................................................................................................ 30 Naloga 6.2: ............................................................................................................................................................ 30 7 Prepustnost zemljin...........................................................................................................33 Naloga 7.1: ............................................................................................................................................................ 34 Naloga 7.2: ............................................................................................................................................................ 35 Naloga 7.3: ............................................................................................................................................................ 35 Naloga 7.4: ............................................................................................................................................................ 37 ii Kazalo. 8 Precejanje podzemne vode................................................................................................39 Naloga 8.1 : ........................................................................................................................................................... 39 Naloga 8.2: ............................................................................................................................................................ 40 9 Napetosti in deformacije ...................................................................................................43 Naloga 9.1: ............................................................................................................................................................ 43 Naloga 9.2: ............................................................................................................................................................ 44 10 Eno-dimenzionalni tlak ....................................................................................................47 Naloga 10.1: ........................................................................................................................................................... 48 Naloga 10.2: ........................................................................................................................................................... 51 Naloga 10.3: ........................................................................................................................................................... 52 11 Konsolidacija .....................................................................................................................53 Naloga 11.1: ........................................................................................................................................................... 53 Naloga 11.2: ........................................................................................................................................................... 54 Naloga 11.3: ........................................................................................................................................................... 55 Naloga 11.4: ........................................................................................................................................................... 57 Naloga 11.5: ........................................................................................................................................................... 59 12 Lezenje .............................................................................................................................. 61 Naloga 12.1: ........................................................................................................................................................... 61 Naloga 12.2: ........................................................................................................................................................... 61 13 Strižna trdnost ...................................................................................................................63 Naloga 13.1: ........................................................................................................................................................... 63 Naloga 13.2: ........................................................................................................................................................... 64 Naloga 13.3: ........................................................................................................................................................... 66 14 Določitev parametrov strižne trdnosti ..............................................................................67 Naloga 14.1: ........................................................................................................................................................... 68 Naloga 14.2: ........................................................................................................................................................... 69 Naloga 14.3: ........................................................................................................................................................... 70 Naloga 14.4: ........................................................................................................................................................... 71 Naloga 14.5: ........................................................................................................................................................... 72 Naloga 14.6: ........................................................................................................................................................... 73 Naloga 14.7: ........................................................................................................................................................... 74 Naloga 14.8: ........................................................................................................................................................... 76 15 Napetosti – teorija elastičnosti..........................................................................................79 Naloga 15.1: ........................................................................................................................................................... 79 Naloga 15.2: ........................................................................................................................................................... 81 16 Stabilnostna analiza ..........................................................................................................85 Naloga 16.1 ............................................................................................................................................................ 85 Naloga 16.2: ........................................................................................................................................................... 89 Naloga 16.3: ........................................................................................................................................................... 93 Naloga 16.4: ........................................................................................................................................................... 97 Literatura .................................................................................................................................... 101 REŠEVANJE PROBLEMOV MEHANIKE TAL P. Jelušič Predgovor Učbenik je napisan za študente dodiplomskega študija na Fakulteti za gradbeništvo, prometno inženirstvo in arhitekturo, Univerze v Mariboru. Namen učbenika je predstaviti osnovne postopke za ovrednotenje fizikalnih in mehanskih lastnosti zemljin, ki so osnova za učinkovito reševanje problemov v geotehniki. Za razumevanje tega učbenika je zaželeno osnovno teoretično znanje mehanike tal, ki je podano v učbeniku z naslovom »Izbrana poglavja mehanike tal«. Vsebine mehanike tal so medsebojno povezane, zato jih je težko ločiti na posamezna poglavja. Glede na obstoječo literaturo s področja mehanike tal je vsebina učbenika razdeljena na 16 poglavij: Uvod, Klasifikacija zemljin, Trifazni sestav zemljine, Napetosti v zemljini, Napetosti v sloju tal, Darcyjev zakon, Prepustnost zemljin, Precejanje podzemne vode, Napetosti in deformacije, Enodimenzionalni tlak, Konsolidacija, Lezenje, Strižna trdnost, Določitev parametrov strižne trdnosti, Napetosti-teorija elastičnosti in Stabilnostna analiza. Učbenik zajema vsebino predmeta Mehanika tal, ki se izvaja v 1 letniku visokošolskega študijskega programa Gradbeništvo na Fakulteti za gradbeništvo, prometno inženirstvo in arhitekturo. Učbenik se uporablja tudi kot študijsko gradivo pri ostalih predmetih s področja geotehnike univerzitetnega študijskega programa 1. in 2. stopnje. Za skrben pregled učbenika in konstruktivne pripombe se zahvaljujem prof. dr. Bojanu Žlendru in doc. dr. Stanislavu Lenartu. 2 REŠEVANJE PROBLEMOV MEHANIKE TAL. REŠEVANJE PROBLEMOV MEHANIKE TAL P. Jelušič 1 Uvod Za gradbenega inženirja običajno geološka zgodovina zemljine ni tako pomembna, saj najpogosteje išče relacije med napetostjo in deformacijo, ki jih lahko dobi s terenskimi in z laboratorijskimi preiskavami. V nekaterih primerih pa je vendarle potrebno poznati nekaj informacij o nastanku in zgodovini zemljine, da lahko razumemo fizikalne, mehanske in kemijske lastnosti zemljine. Mehanika tal je aplikacija mehanike trdnin na področju zemljine, z namenom napovedati deformacijske in trdnostne lastnosti zemljine [1-4]. Na mehanske lastnosti zemljine pa vplivajo hidrološki, termalni, kemijski, biološki in električni parametri ter napetostna zgodovina. Slika 1: Medsebojna odvisnost parametrov zemljine. 4 REŠEVANJE PROBLEMOV MEHANIKE TAL. V Sloveniji za laboratorijsko preskušanje zemljin uporabljamo naslednje standarde: SIST EN ISO 14688-1:2018. Geotehnično preiskovanje in preskušanje - Prepoznavanje in razvrščanje zemljin - 1. del: Prepoznavanje in opisovanje (ISO 14688-1:2017) [5]. SIST EN ISO 14688-1:2004/A1:2013. Geotehnično preiskovanje in preskušanje - Prepoznavanje in razvrščanje zemljin - 1. del: Prepoznavanje in opisovanje (ISO 14688-1:2002/A1:2013) [6]. SIST EN ISO 17892-2:2015. Geotehnično preiskovanje in preskušanje - Laboratorijsko preskušanje zemljin - 2. del: Ugotavljanje prostorninske gostote (ISO 17892-2:2014) [7]. SIST EN ISO 17892-3:2016. Geotehnično preiskovanje in preskušanje - Laboratorijsko preskušanje zemljin - 3. del: Ugotavljanje gostote zrn (ISO 17892-3:2015) [8]. SIST EN ISO 17892-4:2017. Geotehnično preiskovanje in preskušanje - Laboratorijsko preskušanje zemljin - 4. del: Ugotavljanje zrnavostne sestave (ISO 17892-4:2016) [9]. SIST EN ISO 17892-5:2017. Geotehnično preiskovanje in preskušanje - Laboratorijsko preskušanje zemljin - 5. del: Edometrski preskus s postopnim obremenjevanjem (ISO 17892-5:2017) [10]. SIST EN ISO 17892-6:2017. Geotehnično preiskovanje in preskušanje - Laboratorijsko preskušanje zemljin - 6. del: Preskus s konusom (ISO 17892-6:2017) [11]. SIST EN ISO 17892-7:2018. Geotehnično preiskovanje in preskušanje - Laboratorijsko preskušanje zemljin - 7. del: Enoosni tlačni preskus (ISO 17892-7:2017) [12]. SIST EN ISO 17892-8:2018. Geotehnično preiskovanje in preskušanje - Laboratorijsko preskušanje zemljin - 8. del: Nekonsolidirani nedrenirani triosni preskus (ISO 17892-8:2018) [13]. SIST EN ISO 17892-9:2018. Geotehnično preiskovanje in preskušanje - Laboratorijsko preskušanje zemljin - 9. del: Konsolidiran triosni tlačni preskus na z vodo zasičenih zemljinah (ISO 17892-9:2018) [14]. 1 Uvod 5. SIST EN ISO 17892-10:2019. Geotehnično preiskovanje in preskušanje - Laboratorijsko preskušanje zemljin - 10. del: Neposredni strižni preskus (ISO 17892-10:2018) [15]. SIST EN ISO 17892-11:2019. Geotehnično preiskovanje in preskušanje - Laboratorijsko preskušanje zemljin - 11. del: Ugotavljanje prepustnosti (ISO 17892-11:2019) [16]. SIST EN ISO 17892-12:2018. Geotehnično preiskovanje in preskušanje - Laboratorijsko preskušanje zemljin - 12. del: Ugotavljanje meje tekočine in plastičnosti (ISO 17892-12:2018) [17]. NALOGE Naloga 1.1: Ali je razmerje med horizontalnimi in vertikalnimi komponentami napetosti v bližini rečnih strug relativno veliko ali majhno? hno. j ma no v ti a l e R : or ov g d O Naloga 1.2: Zemljina na dnu severnega morja blizu Norveške je veliko bolj toga kot zemljina na dnu severnega morja blizu Londona. Kaj je razlog za različno togost zemljine? . na i j ml e z na a r i d i ol ons k e r p mo e j nu me i no i j ml e z no š k a T . ti tos pe na ji š i v a n lje v a t s o p iz ila b e j in m o d le z a n je n e m e r b o i t s lo k e t e r p v ila b je e k š e v r o N u liz b a n lji m e Z : r o v o g d O 6 REŠEVANJE PROBLEMOV MEHANIKE TAL. Naloga 1.3: Stolp se je nagnil zaradi spremenljive debeline sloja gline pod terenom. Na kateri strani je debelina sloja debelejša? ji. č e v ja lo s a g e jš e l e b e d k e č r k s je r e k ji, iž n lp o t s je r je k i, n a r t s a N : r o v o g d O Naloga 1.4: Obstoječi objekt smo porušili z namenom, da na lokaciji ob njem zgradimo novi stolp. Novo zgrajeni stolp se je nagnil. Na kateri strani stolpa je bil obstoječi objekt? i. t s o t e p a n ji iš v a n lje v a t s o p iz e ž i t s lo k e t e r p v la t ila b o s la T i. jš n a m a j o l s k e č r k s je r e k ji, š i v lp o t s je r je k i, n a r t s a N : r o v o g d O REŠEVANJE PROBLEMOV MEHANIKE TAL P. Jelušič 2 Klasifikacija zemljin Zemljine se zelo razlikujejo po velikosti zrn. Tudi glede na vrsto in količino glinenih mineralov so lahko plastične lastnosti tal zelo različne. Različne vrste inženirskih del zahtevajo identifikacijo in razvrstitev tal na terenu. Pri načrtovanju temeljev, podpornih konstrukcij, gradnji avtocest itd. je potrebno tla razporediti v posebne skupine in/ali podskupine glede na njihovo zrnavost in plastičnost. Postopek razvrščanja tal v različne skupine se imenuje klasifikacija tal. Ko koherentno zemljino zmešamo s prekomerno količino vode, bo v nekoliko tekočem stanju in bo tekla kot viskozna tekočina. Ko pa se ta viskozna tekočina postopoma suši, bo z izgubo vode prešla v plastično stanje. Z nadaljnjim zmanjšanjem vode bodo tla prešla v poltrdo in nato v trdno stanje. To je prikazano na sliki spodaj. Vsebnost vlage (v odstotkih), pri kateri bo koherentna zemljina prešla iz tekočega v plastično stanje, se imenuje meja židkosti. Podobno se vsebnost vlage (v odstotkih), pri kateri se tla iz plastičnega spremeni v poltrdo stanje imenuje meja plastičnosti in prehod iz poltrdnega stanja v trdno stanje imenuje meja krčenja. Te meje se imenujejo Atterbergove meje. 8 REŠEVANJE PROBLEMOV MEHANIKE TAL. Slika 2: Vpliv vlažnosti na konsistenco zemljine. NALOGE Naloga 2.1: Na podlagi sejalne analize in Atterbergove mej klasificirajte zemljine A, B in C. A B C 63,000 mm 20,000 mm 100 6,300 mm 94 2,000 mm 69 0,600 mm 32 100 0,200 mm 13 95 100 0,075 mm 3 73 99 0,020 mm 46 88 0,006 mm 25 71 0,002 mm 13 58 Meja židkosti (%) 32 78 Meja plastičnosti (%) 24 31 100 90 ) 80 70 60 50 A skozi sito (% 40 ek B ev 30 20 C Pres 10 00,001 0,010 0,100 1,000 10,000 100,000 Sito (mm) Slika 3: Sejalna analiza. 2 Klasifikacija zemljin 9. 10 REŠEVANJE PROBLEMOV MEHANIKE TAL. Rešitve: Vzorec A: Več kot 50 % zrn je večjih od 0,063 mm → grobozrnata zemljina. Več kot 50 % grobozrnatih frakcij zrn je manjših od 2 mm → pesek (oznaka S). Manj kot 5 % drobnozrnatih primesi → SW ali SP. 𝐶𝐶𝑢𝑢 = 𝐷𝐷60 = 1,4 𝑚𝑚𝑚𝑚 = 9,33 > 6 𝐷𝐷10 0,15 𝑚𝑚𝑚𝑚 𝐷𝐷 2 (0,54 𝑚𝑚𝑚𝑚)2 𝐶𝐶 30 𝑐𝑐 = 𝐷𝐷 = 10 ∙ 𝐷𝐷60 0,15 𝑚𝑚𝑚𝑚 ∙ 1,4 𝑚𝑚𝑚𝑚 = 1,39 Pogoja za dobro granuliran pesek sta Cu > 6 in 1 < Cc < 3. Vrednost koeficientov ustreza pogojema zato je SW (dobro granuliran pesek). Vzorec B: Več kot 50 % zrn je manjših od 0,063 mm → drobnozrnata zemljina. Meja židkosti znaša 32% in meja plastičnosti 24 %. Izračunamo indeks plastičnosti: 𝑃𝑃𝑃𝑃 = 𝑤𝑤𝐿𝐿 − 𝑤𝑤𝑃𝑃 = 32 % − 24 % = 8% Na podlagi meje židkosti in indeksa plastičnosti lahko klasificiramo zemljino kot ML (melj nizke plastičnosti). Vzorec C: Več kot 50 % zrn je manjših od 0,063 mm → drobnozrnata zemljina. Meja židkosti znaša 78 % in meja plastičnosti 31 %. 2 Klasifikacija zemljin 11. Izračunamo indeks plastičnosti: 𝑃𝑃𝑃𝑃 = 𝑤𝑤𝐿𝐿 − 𝑤𝑤𝑃𝑃 = 78 % − 31 % = 47 % Na podlagi meje židkosti in indeksa plastičnosti lahko klasificiramo zemljino kot CV (glina zelo velike plastičnosti). Naloga 2.2: V preglednici so podani rezultati, ki smo jih dobili z metodo konusnega penetrometra (Britanski konus). Meja plastičnosti znaša 27 %. Določite mejo židkosti, indeks plastičnosti in klasificirajte zemljino. Penetracija (mm) 14,7 16,8 19,1 21,2 23,3 24,8 Vlažnost (%) 50,7 52,9 54,2 56,0 57,4 58,8 Rešitev: Meja židkosti je določena pri penetraciji 20 mm. Torej na podlagi podatkov v preglednici dobimo mejo židkosti wL = 55 %. Izračunamo indeks plastičnosti: 𝑃𝑃𝑃𝑃 = 𝑤𝑤𝐿𝐿 − 𝑤𝑤𝑃𝑃 = 55 % − 27 % = 28 % Na podlagi meje židkosti in indeksa plastičnosti lahko klasificiramo zemljino kot CH (glina velike plastičnosti). 12 REŠEVANJE PROBLEMOV MEHANIKE TAL. Naloga 2.3: Naravna vlažnost gline CH (glej nalogo 2.2) znaša 34 %. Izračunajte indeks židkosti in indeks konsistence. Rešitev: 𝑃𝑃 𝐿𝐿 % 27 − % 55 𝑤𝑤 − 𝑤𝑤 𝐶𝐶 75 , 0 = = = 𝑃𝑃 𝐿𝐿 % 34 − % 55 𝑤𝑤 − 𝑤𝑤 𝑃𝑃 𝐿𝐿 % 27 − % 55 𝑤𝑤 − 𝑤𝑤 𝐿𝐿 25 , 0 = = = 𝑃𝑃 𝑃𝑃 % 27 − % 34 𝑤𝑤 − 𝑤𝑤 Naloga 2.4: Uporabili smo Casagrandejev aparat za določanje meje židkosti Vsakemu testnemu vzorcu smo določili vlažnost in pripadajoče število padcev skodelice. Rezultati so podani v preglednici: Št. padcev skodelice (-) 10 16 44 60 80 Vlažnost (%) 72 68 61 59 57 2 Klasifikacija zemljin 13. 73 71 69 ) 67 t (%os 65 63 Vlažn 61 59 57 1 1,2 1,4 1,6 1,8 2 Log(N) Slika 4: Določanje meje židkosti. . % 9 , 4 6 a š a n z i t s o k id ž ja e M : r o v o g d O 14 REŠEVANJE PROBLEMOV MEHANIKE TAL. ZAPISKI REŠEVANJE PROBLEMOV MEHANIKE TAL P. Jelušič 3 Trifazni sestav zemljine Specifična teža določenega materiala je definirana kot razmerje med težo določenega volumna materiala in težo destilirane vode enake prostornine. V mehaniki tal je specifična teža trdnih snovi v tleh (pogosto jo imenujemo specifična teža zemljine) pomemben parameter za izračun razmerja med težo in prostornino. Tako je specifična teža Gs zapisana kot: 𝑚𝑚 ⁄ 𝐺𝐺 𝑠𝑠 𝑉𝑉𝑠𝑠 𝑠𝑠 = 𝜌𝜌𝑤𝑤 pri čemer so je ms masa trdnih delcev, Vs volumen trdnih delcev in ρw gostota vode. Običajne vrednosti specifične prostorninske teže za različne zemljine so podane v preglednici: Preglednica 1: Specifična prostorninska teža različnih zemljin. Tip zemljine Običajne vrednosti pesek 2,63 – 2,67 melj 2,65 – 2,70 glina 2,67 – 2,90 organska zemljina manj kot 2,0 16 REŠEVANJE PROBLEMOV MEHANIKE TAL. Postopek določitve specifične trdnine so različni, a osnovni koraki so: 1) Stehtamo piknometer ( mp), katerega volumen poznamo ( Vp). 2) V piknometer nasujemo popolnoma osušeno zdrobljeno trdnino določene mase in vse skupaj stehtamo (mps). 3) Dolijemo vodo v piknometer do vrha in pokrijemo s pokrovom, ki omogoča ostranitev odvečne vode skozi kapilaro. Nato stehtamo maso piknometra skupaj s maso vzorca in dolito vodo ( mpp). 4) Izračunamo s pomočjo enačbe Gs: 𝜌𝜌 𝐺𝐺 𝑠𝑠 𝑠𝑠 = 𝜌𝜌𝑤𝑤𝑚𝑚 𝜌𝜌 𝑝𝑝𝑠𝑠 − 𝑚𝑚𝑝𝑝 𝑠𝑠 = 𝑚𝑚 𝑉𝑉 𝑝𝑝𝑝𝑝 − 𝑚𝑚𝑝𝑝𝑠𝑠 𝑝𝑝 − 𝜌𝜌𝑤𝑤 Slika 5: Piknometer NALOGE Naloga 3.1: Poroznost zemljine znaša 42,83 %. Izračunajte količnik por in ga izrazite v procentih. 3 Trifazni sestav zemljine 17. Rešitev: Količnik por lahko podamo s poroznostjo z izrazom: 𝑒𝑒 = 𝑉𝑉𝑣𝑣 = 𝑛𝑛 = 42,83 % = 0,7492 = 74,92 % 𝑉𝑉𝑠𝑠 1−𝑛𝑛 100 %−42,83 % Naloga 3.2: Poroznost sloja zemljine znaša 40,10 %. Debelina sloja znaša 4,4 m. Po obremenitvi debelina sloja znaša 4,1 m. Izračunajte končno poroznost sloja po obremenitvi. Rešitev: 𝑓𝑓 𝑚𝑚 1 , 4 ℎ 𝑓𝑓 % 7 , 35 = 357 , 0 = = = 𝑛𝑛 𝑠𝑠 𝑓𝑓 𝑚𝑚 636 , 2 − 𝑚𝑚 1 , 4 ℎ − ℎ 𝑓𝑓 𝑓𝑓 𝑠𝑠 ℎ ∙ � 𝑛𝑛 − 1 � = ℎ 0 𝑠𝑠 𝑚𝑚 636 , 2 = 𝑚𝑚 4 , 4 ∙ ) 4010 , 0 − 1 ( = ℎ ∙ ) 𝑛𝑛 − 1 ( = ℎ Naloga 3.3: Poroznost sloja zemljine znaša 40,97 %. Debelina sloja znaša 4,3 m. Po obremenitvi se poroznost zmanjša na 37,32 %. Izračunajte končno debelino sloja po obremenitvi. 𝑓𝑓 0 𝑓𝑓 𝑚𝑚 4 1 , 4 = 𝑚𝑚 3 , 4 ∙ 2 3 7 3 , 0 + 𝑚𝑚 3 , 4 ∙ 7 9 0 4 , 0 − 𝑚𝑚 3 , 4 = ℎ ∙ 𝑛𝑛 + ℎ ∙ 𝑛𝑛 − ℎ = ℎ 18 REŠEVANJE PROBLEMOV MEHANIKE TAL. Naloga 3.4: Menzura vsebuje 69,93 cm3 vode. Količino peska dodamo v menzuro, zato se nivo vode se dvigne. Skupni volumen v menzuri sedaj znaša 85,89 cm3. Volumen zemljine v menzuri znaša 27,52 cm3. Izračunajte poroznost v procentih! ) 3 cm 52 , 27 + 3 cm 93 , 69 − 3 cm 89 , 85 ( 𝑉𝑉 % 7 , 36 = 367 , 0 = = = 𝑛𝑛 𝑣𝑣 ) cm 93 , 69 − cm 89 , 85 ( 𝑉𝑉 3 3 Naloga 3.5: Sloj nekoherentne zemljine ima poroznost 44 %, vlažnost 28 % ter specifično gravitacijo trdnine 2,7 (γw = 10 kN/m3). Poznani sta tudi poroznosti v najbolj zbitem stanju, 34 %, in v najbolj razrahljanem stanju, in sicer 64 %. Določite: a) prostorninsko težo trdnine, b) naravno prostorninsko težo, c) zasičeno prostorninsko težo, d) suho prostorninsko težo, e) potopljeno prostorninsko težo in f) relativno gostoto podane zemljine. 3 Trifazni sestav zemljine 19. a) b) c) 20 REŠEVANJE PROBLEMOV MEHANIKE TAL. d) e) f) 3 Trifazni sestav zemljine 21. Rešitev: a) 𝛾𝛾𝑠𝑠 = 𝐺𝐺𝑠𝑠 ∙ 𝛾𝛾𝑤𝑤 = 2,7 ∙ 9,81 𝑘𝑘𝑘𝑘 𝑚𝑚3 ⁄ = 26,5 𝑘𝑘𝑘𝑘 𝑚𝑚3 ⁄ b) 𝛾𝛾 = 𝛾𝛾𝑠𝑠∙𝑉𝑉𝑠𝑠+𝛾𝛾𝑤𝑤∙𝑉𝑉𝑤𝑤 = 𝛾𝛾𝑠𝑠∙(𝑉𝑉−𝑛𝑛∙𝑉𝑉)+𝛾𝛾𝑤𝑤∙𝑆𝑆𝑟𝑟∙𝑛𝑛∙𝑉𝑉 = 𝛾𝛾 𝑉𝑉 𝑉𝑉 𝑠𝑠 ∙ (1 − 𝑛𝑛) + 𝛾𝛾𝑤𝑤 ∙ 𝑆𝑆𝑟𝑟 ∙ 𝑛𝑛 𝑚𝑚 𝜌𝜌 𝜌𝜌 𝑆𝑆 𝑆𝑆 𝑤𝑤 ∙ 𝐺𝐺 𝑤𝑤 = 𝑤𝑤 𝑤𝑤 ∙ 𝑉𝑉𝑤𝑤 𝑤𝑤 ∙ (𝑆𝑆𝑟𝑟 ∙ 𝑉𝑉𝑣𝑣) 𝑟𝑟 ∙ 𝑒𝑒 𝑟𝑟 ∙ 𝑛𝑛 𝑠𝑠 ∙ (1 − 𝑛𝑛) 𝑚𝑚 = = = = 𝑠𝑠 𝜌𝜌𝑠𝑠 ∙ 𝑉𝑉𝑠𝑠 𝜌𝜌𝑠𝑠 ∙ 𝑉𝑉𝑠𝑠 𝐺𝐺𝑠𝑠 𝐺𝐺𝑠𝑠 ∙ (1 − 𝑛𝑛) → 𝑆𝑆𝑟𝑟 = 𝑛𝑛 = 0,28 ∙ 2,7 ∙ (1 − 0,44) 𝑆𝑆𝑟𝑟 = 0,44 = 0,962 𝛾𝛾 = 26,5 𝑘𝑘𝑘𝑘 𝑚𝑚3 ⁄ ∙ (1 − 0,44) + 9,81 𝑘𝑘𝑘𝑘 𝑚𝑚3 ⁄ ∙ 0,962 ∙ 0,44 = 18,99 𝑘𝑘𝑘𝑘 𝑚𝑚3 ⁄ c) 𝑆𝑆𝑟𝑟 = 1 𝛾𝛾𝑠𝑠𝑠𝑠𝑠𝑠 = 26,5 𝑘𝑘𝑘𝑘 𝑚𝑚3 ⁄ ∙ (1 − 0,44) + 9,81 𝑘𝑘𝑘𝑘 𝑚𝑚3 ⁄ ∙ 1 ∙ 0,44 = 19,16 𝑘𝑘𝑘𝑘 𝑚𝑚3 ⁄ d) 𝑆𝑆𝑟𝑟 = 0 𝛾𝛾 = 26,5 𝑘𝑘𝑘𝑘 𝑚𝑚3 ⁄ ∙ (1 − 0,44) + 9,81 𝑘𝑘𝑘𝑘 𝑚𝑚3 ⁄ ∙ 0 ∙ 0,44 = 14,84 𝑘𝑘𝑘𝑘 𝑚𝑚3 ⁄ e) 𝛾𝛾′ = 𝛾𝛾𝑠𝑠𝑠𝑠𝑠𝑠 − 𝛾𝛾𝑤𝑤 = 9,35 𝑘𝑘𝑘𝑘 𝑚𝑚3 ⁄ f) 𝐷𝐷𝑟𝑟 = (𝑒𝑒𝑚𝑚𝑠𝑠𝑚𝑚 − 𝑒𝑒) ( ⁄ 𝑒𝑒𝑚𝑚𝑠𝑠𝑚𝑚 − 𝑒𝑒𝑚𝑚𝑚𝑚𝑛𝑛) 𝑒𝑒𝑚𝑚𝑠𝑠𝑚𝑚 = 𝑛𝑛𝑚𝑚𝑠𝑠𝑚𝑚 ( ⁄ 1 − 𝑛𝑛𝑚𝑚𝑠𝑠𝑚𝑚) = 0,64 ( ⁄ 1 − 0,64) = 1,778 𝑒𝑒𝑚𝑚𝑚𝑚𝑛𝑛 = 𝑛𝑛𝑚𝑚𝑚𝑚𝑛𝑛⁄(1 − 𝑛𝑛𝑚𝑚𝑚𝑚𝑛𝑛) = 0,34 ( ⁄ 1 − 0,34) = 0,515 𝑒𝑒 = 𝑛𝑛⁄(1 − 𝑛𝑛) = 0,44 ( ⁄ 1 − 0,44) = 0,786 𝐷𝐷𝑟𝑟 = (1,778 − 0,786) ( ⁄ 1,778 − 0,515) = 78,5 % 22 REŠEVANJE PROBLEMOV MEHANIKE TAL. ZAPISKI REŠEVANJE PROBLEMOV MEHANIKE TAL P. Jelušič 4 Napetosti v zemljini Naloga 4.1: Katera je pravilna definicija efektivne napetosti? a) Povprečna napetost v zemljini. b) Povprečna napetost med zrni. c) Povprečje kontaktnih napetosti med zrni. d) Napetost minus vzgonska sila. e) Nič od naštetega. . c : or ov g d O Naloga 4.2: Porozno vrečo peska vržemo v vodo na globino 2,1 m. Prostorninska teža peska znaša 20 kN/m3. Izračunaj efektivno napetost (v kPa) v pesku? 𝑘𝑘 𝑃𝑃 𝑘𝑘 0 = 𝑢𝑢 − 𝜎𝜎 = 𝜎𝜎′ 𝑘𝑘 𝑃𝑃 𝑘𝑘 1 2 = 𝑚𝑚 𝑘𝑘 𝑘𝑘 0 1 ∙ 𝑚𝑚 1 , 2 = 𝑢𝑢 3 ⁄ 𝑘𝑘 𝑃𝑃 𝑘𝑘 1 2 = 𝑚𝑚 𝑘𝑘 𝑘𝑘 0 1 ∙ 𝑚𝑚 1 , 2 = 𝜎𝜎 3 ⁄ . ode v u k a l t a k na e t os t pe na pna u k s e j r e k , č ni a k na e e j t os t e p na na v i t k e f E : or ov dg O 24 REŠEVANJE PROBLEMOV MEHANIKE TAL. ZAPISKI REŠEVANJE PROBLEMOV MEHANIKE TAL P. Jelušič 5 Napetosti v sloju tal Zemeljski pol-prostor je sestavljen iz n slojev enakih debelin hi. Efektivno vertikalno napetost izračunamo z enačbo: 𝑚𝑚=𝑛𝑛 𝑚𝑚=𝑛𝑛 𝜎𝜎′𝑣𝑣 = � 𝛾𝛾𝑚𝑚 ∙ ℎ𝑚𝑚 − 𝑢𝑢 = � 𝛾𝛾𝑒𝑒𝑚𝑚 ∙ ℎ𝑚𝑚 𝑚𝑚=1 𝑚𝑚=1 pri čemer je γei efektivna prostorninska teža. Pri računanju napetosti v sloju tal je potrebno biti pozoren na štiri glavna področja. Prvo področje je definicija efektivne napetosti. Drugo področje so visoki vodni tlaki (arteški pogoji), ki nastanejo na globini pod nivojem terena. Tretjo področje obravnava povečanje efektivnih napetosti zaradi črpanje podtalne vode. Četrto področje pa obravnava povečanje napetosti zaradi zunanjih obtežb. NALOGE Naloga 5.1: Tla so sestavljena iz sloja popolnoma suhe zemljine debeline 1,4 m in prostorninske teže 15,9 kN/m3. Pod tem slojem se nahaja popolnoma zasičena zemljina s prostorninsko težo 19,9 kN/m3. Izračunajte skupno napetost (v kPa) na globini 3,4 m pod površjem. 26 REŠEVANJE PROBLEMOV MEHANIKE TAL. 𝑘𝑘 𝑃𝑃 𝑘𝑘 06 , 62 = 𝑚𝑚 𝑘𝑘𝑘𝑘 9 , 19 ∙ ) 𝑚𝑚 4 , 1 − 𝑚𝑚 4 , 3 ( + 𝑚𝑚 𝑘𝑘𝑘𝑘 9 , 15 ∙ 𝑚𝑚 4 , 1 = 𝜎𝜎 3 ⁄ 3 ⁄ Naloga 5.2: Globina jezera je 1,6 m. Zemljina pod jezerom je popolnoma zasičena z vodo in ima prostorninsko težo 19,4 kN/m3. Izračunajte efektivno napetost (v kPa) na globini 2,2 m pod dnom jezera. 𝑚𝑚 𝑘𝑘𝑘𝑘 81 , 9 ∙ ) 𝑚𝑚 2 , 2 + 𝑚𝑚 6 , 1 ( − ) 𝑚𝑚 𝑘𝑘𝑘𝑘 4 , 19 ∙ 𝑚𝑚 2 , 2 + 𝑚𝑚 𝑘𝑘𝑘𝑘 81 , 9 ∙ 𝑚𝑚 6 , 1 ( = 𝜎𝜎 3 ⁄ 3 ⁄ 3 ⁄ ′ Naloga 5.3: Tla so sestavljena iz sloja popolnoma suhe zemljine debeline 1,3 m in prostorninske teže 16,3 kN/m3. Pod tem slojem se nahaja popolnoma zasičena zemljina s prostorninsko težo 19,8 kN/m3. Nato dodamo obtežbo 32,5 kPa na površini terena. Izračunajte efektivno napetost (v kPa) na globini 3 m pod površjem. 𝑘𝑘 𝑃𝑃 𝑘𝑘 67 , 70 = 𝑘𝑘 𝑃𝑃 𝑘𝑘 5 , 32 + 𝑚𝑚 𝑘𝑘𝑘𝑘 81 , 9 ∙ ) 𝑚𝑚 3 , 1 − 𝑚𝑚 3 ( − 𝑚𝑚 𝑘𝑘𝑘𝑘 8 , 19 ∙ ) 𝑚𝑚 3 , 1 − 𝑚𝑚 3 ( + 𝑚𝑚 𝑘𝑘𝑘𝑘 3 , 16 ∙ 𝑚𝑚 3 , 1 = 𝜎𝜎 3 ⁄ 3 ⁄ 3 ⁄ ′ 5 Napetosti v sloju tal 27. Naloga 5.4: Nivo podtalne vode se nahaja na globini 1,8 m. Kapilarni dvig zemljine znaša 0,8 m. Prostorninski teži popolnoma suhe zemljine in zasičene zemljine znašata 15,7 kN/m3 in 19,9 kN/m3. Nato dodamo obtežbo 27,1 kPa na površini terena. Izračunajte efektivno napetost (v kPa) na globini 4 m pod površjem. 𝑘𝑘 𝑃𝑃 𝑘𝑘 92 , 80 = 𝑚𝑚 𝑘𝑘𝑘𝑘 81 , 9 ∙ 3 ⁄ ) 𝑚𝑚 8 , 1 − 𝑚𝑚 4 ( − 𝑘𝑘 𝑃𝑃 𝑘𝑘 1 , 27 + 𝑚𝑚 𝑘𝑘𝑘𝑘 9 , 19 ∙ ) 𝑚𝑚 3 ( + 𝑚𝑚 𝑘𝑘𝑘𝑘 7 , 15 ∙ ) 𝑚𝑚 8 , 0 − 𝑚𝑚 8 , 1 ( = 𝜎𝜎 3 ⁄ 3 ⁄ ′ Naloga 5.5: Določite vertikalne skupne in efektivne napetosti ter porne tlake v zemeljskem pol-prostoru zaradi delovanja lastne teže (γw = 9,81 kN/m3). Slika 6: Zemeljski pol-prostor. 28 REŠEVANJE PROBLEMOV MEHANIKE TAL. γw (kN/m3) = 9.81 CH GP SW Sr 0,8 1 1 n 0,43 0,43 0,30 Gs 2,7 2,65 2,6 γ (kN/m3) 18,47 19,04 20,86 i z (m) di (m) zwi (m) σi (kPa) ui (kPa) σ'i (kPa) 0 0 0 - 0 0,0 0,0 1 5 5 0 92,4 0,0 92,4 2 7 2 2 130,4 19,6 110,8 3 14 7 9 276,5 88,3 188,2 Skupna napetost (kPa) Porni tlak (kPa) Efektivna napetost (kPa) 0 100 200 300 0,0 50,0 100,0 0,0 100,0 200,0 0 0 0 2 2 2 4 4 4 ) 6 ) ) m 6 m 6 m 8 ina z( 8 ina z( 8 ina z( glob 10 glob 10 glob 10 12 12 12 14 14 14 16 16 16 Slika 7: Napetosti v zemeljskem pol-prostoru. REŠEVANJE PROBLEMOV MEHANIKE TAL P. Jelušič 6 Darcyjev zakon Za veljavnost Darcyjevega zakona mora biti tok tekočine laminaren, kar pomeni, da mora biti vrednost Reynoldsovega števila pod vrednostjo 10. Slika prikazuje tok vode skozi cev, v kateri se nahaja zemljina (dolžina cevi L in prečni prerez cevi A). Kljub temu, da se voda teče med medsebojno povezanimi porami, je priročno definirati hitrost na celotno površino prereza. Ta namišljena hitrost je pogosto manjša od dejanske hitrosti vode, vendar pa je pretok vode povsem natančno definiran. Nivo vode na vstopni točki v zemljino (točka A) je večji kot nivo vode v točki, pri kateri voda izstopa iz zemljine (točka B). To pomeni da je potencialna energija zmanjšuje pri pretoku vode skozi zemljino. Nivo vode v obeh točkah je definiran z oznako h (glej sliko spodaj): 𝑢𝑢 𝑣𝑣2 ℎ = 𝑧𝑧 + 𝛾𝛾 + 𝑤𝑤 2 ∙ 𝑔𝑔 V mehaniki tal zadnji člen enačbe h zanemarimo zaradi nizke hitrosti toka vode. Slika 8: Pretok vode skozi zemljino. 30 REŠEVANJE PROBLEMOV MEHANIKE TAL. Hidravlični gradient je definiran kot: ∆ℎ 𝑖𝑖 = 𝐿𝐿 Darcyjev zakon o pretoku tekočine skozi porozen medij zapišemo v osnovni obliki kot: 𝑞𝑞 = 𝑘𝑘 ∙ 𝑖𝑖 pri čemer je k koeficient prepustnosti. NALOGE Naloga 6.1: V geo-hidrologiji je enota za koeficient prepustnosti pogosto m/dan. Pretvorite enoto m/dan v enoto m/s. 𝑛𝑛 𝑖𝑖 𝑚𝑚 𝑢𝑢𝑢𝑢 60 ∙ 60 ∙ 𝑢𝑢𝑢𝑢 24 𝑠𝑠 𝑠𝑠 𝑛𝑛 𝑖𝑖 𝑚𝑚 10 ∙ 157 , 1 = = 𝑛𝑛 𝑘𝑘 ⁄𝑑𝑑 𝑚𝑚 1 5 − 𝑚𝑚 𝑚𝑚 1 Naloga 6.2: Pretvori koeficient prepustnosti 0,00004 m/s v m/dan. 𝑛𝑛 𝑘𝑘 𝑑𝑑 𝑛𝑛 𝑖𝑖 𝑚𝑚 𝑢𝑢𝑢𝑢 𝑛𝑛 𝑘𝑘 𝑑𝑑 456 , 3 = 60 ∙ 60 ∙ 24 ∙ ⁄𝑠𝑠 𝑚𝑚 00004 , 0 = ⁄𝑠𝑠 𝑚𝑚 00004 , 0 𝑚𝑚 𝑠𝑠 𝑛𝑛 𝑖𝑖 𝑚𝑚 𝑢𝑢𝑢𝑢 6 Darcyjev zakon 31. Naloga 6.3: Koeficient prepustnosti določimo na vzorcu sestavljenem iz dveh enako debelih slojev različnih zemljin. Izberite pravilen odgovor za določitev koeficienta prepustnosti celotnega vzorca. a) 1/k = (1/k1 + 1/k2) b) 1/k = (1/k1 + 1/k2)/2 c) k = k1 + k2 Slika 9: Test prepustnosti. d) k = (k1 + k2)/2 Odgovor: b. 𝑄𝑄1 = 𝑘𝑘1 ∙ 𝐴𝐴1 ∙ ℎ1; 𝑄𝑄 ; 𝑄𝑄 = 𝑄𝑄 𝐿𝐿 2 = 𝑘𝑘2 ∙ 𝐴𝐴2 ∙ ℎ2 1 = 𝑄𝑄2; 𝐴𝐴 = 𝐴𝐴1 = 𝐴𝐴2; 𝐿𝐿1 = 𝐿𝐿2 = 𝐿𝐿; ℎ = 1 𝐿𝐿2 ℎ1 + ℎ2 32 REŠEVANJE PROBLEMOV MEHANIKE TAL. ZAPISKI REŠEVANJE PROBLEMOV MEHANIKE TAL P. Jelušič 7 Prepustnost zemljin Hitrost pretoka vode skozi vzorec tal prečnega prereza A lahko izrazimo kot: 𝑞𝑞 ∙ 𝐴𝐴 = 𝑘𝑘 ∙ 𝑖𝑖 ∙ 𝐴𝐴 kjer je: k – koeficient prepustnosti in i – hidravlični gradient. Za grobo zrnat pesek se lahko vrednost koeficienta prepustnosti giblje od 1 cm/s do 0,01 cm/s, pri drobno zrnatem pesku pa je koeficient prepustnosti v območju od 0,01 cm/s do 0,001 cm/s. Predlaganih je bilo več korelacij med koeficientom prepustnosti k in količnikom por e za peščena tla v obliki: 𝑘𝑘 ∝ 𝑒𝑒2 𝑒𝑒2 𝑘𝑘 ∝ 1 + 𝑒𝑒 𝑒𝑒3 𝑘𝑘 ∝ 1 + 𝑒𝑒 pri čemer znak ∝ pomeni, da je koeficient k v razmerju z količnikom por. 34 REŠEVANJE PROBLEMOV MEHANIKE TAL. Koeficient prepustnosti zemljine lahko v laboratoriju enostavno določimo z dvema metodama: metodo s konstantnim hidravličnim padcem in metodo s spremenljivim hidravličnim padcem. NALOGE Naloga 7.1: Izračunajte koeficient prepustnosti in hitrost strujanja vode. V času t = 60 s se je nateklo V = 0,0605 m3 vode. Podatki za izračun so: A = 0,5 m2, h = 3 m, e = 0,55 in L = 4 m. Slika 10: Skica. 7 Prepustnost zemljin 35. Rrešitev: 𝑉𝑉 ∙ 𝐿𝐿 0,0605 𝑚𝑚3 ∙ 4 𝑚𝑚 𝑘𝑘 = 𝑡𝑡 ∙ 𝐴𝐴 ∙ ℎ = 60 𝑠𝑠 ∙ 0,5 𝑚𝑚2 ∙ 3 𝑚𝑚 = 0,002689 𝑚𝑚/𝑠𝑠 = 2,689 ∙ 10−3 𝑚𝑚/𝑠𝑠 𝑞𝑞 (1 + 𝑒𝑒) 3 𝑚𝑚 (1 + 0,55) 𝑣𝑣𝑠𝑠 = 𝑛𝑛 = 𝑘𝑘 ∙ 𝑖𝑖 ∙ 𝑒𝑒 = 2,689 ∙ 10−3 𝑚𝑚/𝑠𝑠 ∙ 4 𝑚𝑚 ∙ 0,55 = 5,683 ∙ 10−3 𝑚𝑚/𝑠𝑠 Naloga 7.2: Pri testu prepustnosti zemljine znaša razlika med nivojem vode 12 cm. Višina vzorca znaša 41 cm in premer vzorca znaša 10 cm. Koeficient prepustnosti zemljine znaša 0,0006 m/s. Izračunajte količino vode (v cm3), ki se nateče v dveh minutah. 4 𝑚𝑚 𝑐𝑐 1 4 4 𝐿𝐿 𝑚𝑚 𝑐𝑐 1 5 , 5 6 1 = 𝑠𝑠 0 2 1 ∙ � � ∙ � � = 𝑡𝑡 ∙ � � ∙ � � = 𝑉𝑉 3 s ) 𝑚𝑚 𝑐𝑐 0 1 ( ∙ 𝜋𝜋 2 𝑚𝑚 𝑐𝑐 2 1 ∙ 6 0 , 0 𝐷𝐷 ∙ 𝜋𝜋 ℎ ∙ 𝑘𝑘 2 cm Naloga 7.3: Pri testu s spremenljivim hidravličnim padcem smo dobili podatke, ki so navedeni v preglednici spodaj. Izračunajte koeficient prepustnosti zemljine. A (cm2) = 81 L (cm) = 25,4 h0 (cm) = 65,6 a (cm2) = 0,79 Čas (s) h (cm) 0 65,6 2880 62,2 5190 59,4 8100 55,8 10800 53,1 13545 50,7 Slika 11: Skica. 36 REŠEVANJE PROBLEMOV MEHANIKE TAL. 7 Prepustnost zemljin 37. Rešitev: Čas (s) h1 (cm) h0/h1 ln(h0/h1) k (cm/s) 0 65,6 1,000 0,000 2880 62,2 1,055 0,053 4,578E-06 5190 59,4 1,104 0,099 4,739E-06 8100 55,8 1,176 0,162 4,949E-06 10800 53,1 1,235 0,211 4,849E-06 13545 50,7 1,294 0,258 4,712E-06 𝑘𝑘� (cm/s) = 4,765E-06 Naloga 7.4: Prepustnost gline določimo s padajočim nivojem vode. Debelina in premer vzorca znašata: L = 20 mm in D = 60 mm. Premer cevke, ki je pritrjena na dno posode je 6 mm. Začetni nivo vode v cevki znaša 400 mm. Po času 665 s nivo vode pade na višino 200 mm. Izračunajte koeficient prepustnosti gline (v m/dan)! 4 2 ∙ 0 6 ∙ 0 6 4 � � 𝑚𝑚 2 , 0 𝑠𝑠 5 6 6 2 ) 𝑚𝑚 6 0 , 0 ( ∙ 𝜋𝜋 𝑘𝑘𝑛𝑛 𝑑𝑑 / 𝑚𝑚 0 8 1 0 , 0 = � � n l ∙ ∙ = 𝑘𝑘 4 𝑚𝑚 4 , 0 𝑚𝑚 2 0 , 0 ) 𝑚𝑚 6 0 0 , 0 ( ∙ 𝜋𝜋 2 1 ℎ 𝑡𝑡 𝐴𝐴 � � n l ∙ ∙ = 𝑘𝑘 0 ℎ 𝐿𝐿 𝑘𝑘 38 REŠEVANJE PROBLEMOV MEHANIKE TAL. ZAPISKI REŠEVANJE PROBLEMOV MEHANIKE TAL P. Jelušič 8 Precejanje podzemne vode Naloga 8.1: Koeficient prepustnosti zemljine znaša 6,90∙10-3 m/s. Izračunajte pretok vode (v 𝑚𝑚3 ) in tlak v točki x zaradi strujanja vode. 𝑠𝑠∙𝑚𝑚′ Slika 12: Strujnice in nivojnice pod pregrado. 40 REŠEVANJE PROBLEMOV MEHANIKE TAL. 3 𝑚𝑚 𝑚𝑚 a kP 18 , 223 = 81 , 9 ∙ 𝑚𝑚 75 , 22 = 𝑢𝑢 𝑘𝑘𝑘𝑘 𝑒𝑒 12 𝑘𝑘 𝑚𝑚 𝑚𝑚 𝑚𝑚 75 , 22 = � � ∙ 𝑚𝑚 18 − 𝑚𝑚 34 = � � ∙ 𝐻𝐻 − 𝐻𝐻 = ℎ 𝑚𝑚 5 , 7 𝑘𝑘 𝑚𝑚 𝑚𝑚 34 = 𝐻𝐻 : e d o v a j n a j u r t s i d a r a z x i k č o t v k a l t i n r o P b) 𝑒𝑒 ′ 𝑚𝑚 ∙ 𝑠𝑠 12 𝑘𝑘 0414 , 0 = � � ∙ 𝑚𝑚 18 ∙ 𝑠𝑠 / 𝑚𝑚 10 ∙ 90 , 6 = � � ∙ 𝐻𝐻 ∙ 𝑘𝑘 = 𝑄𝑄 3 − 𝑓𝑓 𝑚𝑚 4 𝑘𝑘 3 : e od v ok t e r P a) Naloga 8.2: Obravnavajte vitko podporno konstrukcijo, ki zadržuje vodo na višini h = 2,0 m nad nivojem terena. Vitka podporna konstrukcija je vgrajena do globine d = 5,0 m pod nivojem terena. Prostorninska teža zemljine znaša γ = 18 kN/m3 in prostorninska teža vode γw = 9,81 kN/m3. Preverite, ali je vitka podporna konstrukcija ustrezna glede na pogoj hidravličnega loma tal. 8 Precejanje podzemne vode 41. Slika 13: Hidravlični lom tal. 42 REŠEVANJE PROBLEMOV MEHANIKE TAL. Rešitev: 𝑘𝑘 𝑘𝑘 𝑠𝑠 + 2 ∙ 𝑘𝑘𝑏𝑏 1 = 3 ≅ (1 2 ⁄ ) ∙ 𝑘𝑘𝑒𝑒 ℎ1 = 𝐻𝐻𝑇𝑇 − 𝐻𝐻 ∙ 𝑁𝑁1 𝑁𝑁𝑒𝑒 ℎ1 = (ℎ + 𝑑𝑑) − ℎ ∙ (1 2 ⁄ )∙𝑁𝑁𝑒𝑒 = ℎ + 𝑑𝑑 = 2 𝑚𝑚 + 5 𝑚𝑚 = 6 𝑚𝑚 𝑁𝑁𝑒𝑒 2 2 ℎ2 = 𝑑𝑑 = 5 𝑚𝑚 ℎ𝑠𝑠 = ℎ + 𝑑𝑑 − 𝑑𝑑 = ℎ = 2 𝑚𝑚 = 1 𝑚𝑚 2 2 2 𝑆𝑆𝑘𝑘 = 𝑑𝑑 ∙ ℎ ∙ 1 𝑚𝑚 ∙ 9,81 𝑘𝑘𝑁𝑁 = 24,53 𝑘𝑘𝑘𝑘/𝑚𝑚 2 𝑠𝑠 ∙ 𝛾𝛾𝑤𝑤 = 5 𝑚𝑚 2 𝑚𝑚3 𝐺𝐺′𝑘𝑘 = 𝑑𝑑 ∙ 𝑑𝑑 ∙ 𝛾𝛾′ = 5 𝑚𝑚 ∙ 5 𝑚𝑚 ∙ �18 𝑘𝑘𝑁𝑁 − 9,81 𝑘𝑘𝑁𝑁� = 102,38 𝑘𝑘𝑘𝑘/𝑚𝑚 2 2 𝑚𝑚3 𝑚𝑚3 𝐹𝐹𝑠𝑠 = 𝐺𝐺𝑘𝑘′ = 102,38 𝑘𝑘𝑁𝑁/𝑚𝑚 = 4,17 𝑆𝑆𝑘𝑘 24,53 𝑘𝑘𝑁𝑁/𝑚𝑚 Vitka podporna konstrukcija je ustrezna glede na pogoj hidravličnega loma tal. REŠEVANJE PROBLEMOV MEHANIKE TAL P. Jelušič 9 Napetosti in deformacije Naloga 9.1: V laboratorijskem preskusu smo vzorec zemljine obremenili z izotropno napetostjo. Če napetost (v vseh smereh) povečamo iz 100 kPa na 200 kPa, se prostornina vzorca zmanjša za 0,2 %. Predpostavimo, da napetost nato povečamo še za 100 kPa, torej na napetost 300 kPa. Ali bo dodatno zmanjšanje prostornine manjše, enako ali večje od 0,2 %? . % 2 , 0 d o e š nj ma bo ne ni tor s o pr e nj a š nj ma z o tn a Dod : or ov g d O Slika 14: Specifična deformacija zemljine. 44 REŠEVANJE PROBLEMOV MEHANIKE TAL. Naloga 9.2: Napetosti in deformacije – izračun posedka. Slojevita tla so sestavljena iz: h1 = 6 m peska h2 = 2 m gline h3 = 8 m peska nato trdna podlaga Nivo podtalne vode se nahaja na globini hw pod površjem: hw = 1,2 m Prostorninske teže znašajo: γ1,d = 16 kN/m3 suh pesek γ1,sat = 20 kN/m3 popolnoma zasičen pesek γ2,sat = 17 kN/m3 glina γ3,sat = 20 kN/m3 pesek γw = 10 kN/m3 voda Kompresijska konstanta gline znaša: C10 = 17,7 Na obstoječa tla naredimo nasip (γ1,d) višine hn : hn = 4,8 m Izračunajte skrček (v m) sloja gline zaradi nasipa. 9 Napetosti in deformacije 45. 2 𝑚𝑚 0349 , 0 = 𝑚𝑚 2 ∙ 0174 , 0 = ℎ ∙ 𝜀𝜀 = 𝛿𝛿 : a p si a n je n d a r g iz i d a r a z e lin g a j o sl k če r k S 0 0 1 𝑘𝑘 𝑃𝑃 𝑘𝑘 20 , 74 7 , 17 ′ 𝜎𝜎 𝐶𝐶 0174 , 0 = � � log ∙ = � � log ∙ = 𝜀𝜀 1 𝑘𝑘 𝑃𝑃 𝑘𝑘 0 , 151 1 𝜎𝜎 1 ′ e: in l g ja o sl a ij c a m r efo D 𝑑𝑑 , 1 𝑛𝑛 0 1 𝑘𝑘 𝑃𝑃 𝑘𝑘 0 , 151 = 𝛾𝛾 ∙ ℎ + ′ 𝜎𝜎 = ′ 𝜎𝜎 : a ip s a n ji n d a r g iz o p e lin g ja slo i n d e sr a n st o et p a N 2 𝑤𝑤 𝑠𝑠𝑠𝑠𝑠𝑠 , 2 𝑤𝑤 1 𝑤𝑤 𝑠𝑠𝑠𝑠𝑠𝑠 , 1 𝑤𝑤 𝑑𝑑 , 1 0 𝑘𝑘 𝑃𝑃 𝑘𝑘 20 , 74 = � 𝛾𝛾 − 𝛾𝛾 � ∙ + ) ℎ − ℎ ( ∙ � 𝛾𝛾 − 𝛾𝛾 � + ℎ ∙ 𝛾𝛾 = ′ 𝜎𝜎 2 ℎ e: lin g a j o sl i n ed sr a n t s o et p a n a n et č Za 46 REŠEVANJE PROBLEMOV MEHANIKE TAL. ZAPISKI REŠEVANJE PROBLEMOV MEHANIKE TAL P. Jelušič 10 Eno-dimenzionalni tlak Konstanta stisljivosti C10 je brez dimenzijska vrednost, ki je odvisna od vrste zemljine. Tabela spodaj prikazuje vrednost konstante stisljivosti C10 za različne vrste zemljine. Vrsta zemljine C10 pesek 20-200 melj 10-50 glina 4-10 šota 1-10 Velikost indeksa stisljivosti, Cc, se razlikuje od zemljine do zemljine. Do sedaj je bilo predlaganih veliko korelacij za indeks Cc v odvisnosti od tal. Povzetek teh korelacij je podal Rendon-Herrero v spodnji preglednici. Korelacija Območje uporabnosti Cc = 0,007∙(wL - 7) predelana glina Cc = 0,009∙(wL - 10) intaktna glina Cc = 1,15∙(e0 - 0,27) glina * wL – meja židkosti, e0 – začetni količnik por. 48 REŠEVANJE PROBLEMOV MEHANIKE TAL. NALOGE Naloga 10.1: V preglednici spodaj so podani rezultati edometrskega testa. Izračunajte kompresijsko konstanto C10, koeficient stisljivosti Cc. Izračunajte še modul stisljivosti mv in edometrski modul Eoed na intervalu napetosti 25 – 50 kPa. MT: Edometrski test. h0 (mm) = 19 w0 (-) = 0.275 GS (-) = 2.7 σ'x Dx x (kPa) (mm) 0 0 0,00 1 25 0,15 2 50 0,27 3 100 0,48 4 200 0,75 5 400 1,05 6 600 1,21 7 750 1,27 8 0 0,33 10 Eno-dimenzionalni tlak 49. Rešitev: 50 REŠEVANJE PROBLEMOV MEHANIKE TAL. 𝑆𝑆𝑟𝑟 = 1 𝑚𝑚𝑤𝑤 𝑉𝑉 𝑚𝑚 𝜌𝜌 𝑒𝑒 𝑣𝑣 𝜌𝜌𝑤𝑤 𝑤𝑤 𝑠𝑠 0 = 𝑉𝑉 = 𝑚𝑚 = ∙ = 𝑤𝑤0 ∙ 𝐺𝐺𝑠𝑠 𝑠𝑠 𝑠𝑠 𝑚𝑚 𝜌𝜌 𝜌𝜌 𝑠𝑠 𝑤𝑤 𝑠𝑠 ℎ𝑚𝑚 = ℎ0 − 𝐷𝐷𝑚𝑚 ℎ 𝐷𝐷 𝜀𝜀 = 0 − ℎ𝑚𝑚 𝑚𝑚 ℎ = 0 ℎ0 𝑒𝑒 𝜀𝜀 = 0 − 𝑒𝑒𝑚𝑚 1 + 𝑒𝑒0𝐷𝐷 𝑒𝑒 𝑚𝑚 𝑚𝑚 = 𝑒𝑒0 − ℎ ∙ (1 + 𝑒𝑒0) 0 Edometrski test. h0 (mm) = 19 w0 (-) = 0,275 GS (-) = 2.7 e0 (-) = 0,743 σ'x Dx hx x (kPa) (mm) (mm) ex (-) 0 0 0,00 19,00 0,743 1 25 0,15 18,85 0,729 2 50 0,27 18,73 0,718 3 100 0,48 18,52 0,698 4 200 0,75 18,25 0,674 5 400 1,05 17,95 0,646 6 600 1,21 17,79 0,632 7 750 1,27 17,73 0,626 8 0 0,33 18,67 0,712 10 Eno-dimenzionalni tlak 51. 0,750 0.740 0.720 e(-) 0,700 0.700 0.680 0,650 ičnik por nik por e(-) 0.660 Količ Kol 0,600 0.640 0 200 400 600 800 0.620 Efektivna napetost σ' (kPa) 1 10 100 1000 Efektivna napetost σ' (kPa) Slika 15: Količnik por v odvisnosti od efektivnih napetosti. Cc = 0,086827 mv = 0.000255 m2/kN C10 = 19,56 Eoed = 3927,1 kPa Naloga 10.2: V Edometru smo vzorec zemljine debeline 2 cm obremenili napetostjo 100 kPa. Dodatna obremenitev z napetostjo 20 kPa je povzročila vertikalni skrček 0,03 mm. Določite kompresijsko konstanto C10. 0 𝑘𝑘 𝑃𝑃 𝑘𝑘 100 0015 , 0 𝜎𝜎 𝜀𝜀 0 1 79 , 52 = � � log ∙ = � � log ∙ = 𝐶𝐶 𝑘𝑘 𝑃𝑃 𝑘𝑘 120 1 𝜎𝜎 1𝑚𝑚𝑚𝑚 20 0015 , 0 = = 𝜀𝜀 𝑚𝑚𝑚𝑚 03 , 0 52 REŠEVANJE PROBLEMOV MEHANIKE TAL. Naloga 10.3: V Edometru smo obremenili vzorec debeline 22,1 mm. Obremenitev smo povečali iz 30 kPa na 50 kPa. Kompresijska konstanta zemljine znaša C10 = 108,95. Izračunaj skrček vzorca! 30 95 , 108 𝑚𝑚𝑚𝑚 045 , 0 = � � log ∙ ∙ 𝑚𝑚𝑚𝑚 1 , 22 = 𝛿𝛿 50 1 REŠEVANJE PROBLEMOV MEHANIKE TAL P. Jelušič 11 Konsolidacija Naloga 11.1: V konsolidacijskem preskusu na vzorcu gline debeline 30 mm je bilo izmerjeno, da je bil porni tlak po času 11 minut enak 0. V preskusu je dreniranje možno samo za zgornji strani. Izračunajte čas (v dnevih) konsolidacije plasti gline, debeline 4,7 m. Drenaža sloja gline je omogočena na obeh straneh. 54 REŠEVANJE PROBLEMOV MEHANIKE TAL. Rešitev: Koeficient konsolidacije cv izračunamo kot: 𝑇𝑇 2 𝑐𝑐 𝑣𝑣 ∙ 𝐻𝐻𝑑𝑑𝑟𝑟 𝑣𝑣 = 𝑡𝑡 𝐾𝐾𝐾𝐾𝑛𝑛𝑠𝑠𝐾𝐾𝐾𝐾𝑖𝑖𝑑𝑑𝑘𝑘𝑐𝑐𝑖𝑖𝐾𝐾𝑘𝑘 𝐾𝐾𝑒𝑒 𝑘𝑘𝐾𝐾𝑛𝑛č𝑘𝑘𝑛𝑛𝑘𝑘 𝑝𝑝𝑢𝑢𝑖𝑖 𝑣𝑣𝑢𝑢𝑒𝑒𝑑𝑑𝑛𝑛𝐾𝐾𝑠𝑠𝑡𝑡𝑖𝑖 𝑇𝑇𝑣𝑣 = 2. Debelina vzorca znaša d = 0,03 m, dreniranje vzorca je možno samo na zgornji strani, iz tega sledi da je Hdr = 0,03 m. Čas trajanj konsolidacije vzorca znaša t = 11 min, torej čas v dnevih znaša: 11 𝑡𝑡 = 60 ∙ 24 = 0,007639 𝑑𝑑𝑛𝑛𝑖𝑖 2 ∙ (0,03 𝑚𝑚) 2 𝑚𝑚2 𝑐𝑐𝑣𝑣 = 0,007639 𝑑𝑑𝑘𝑘𝑛𝑛 = 0,2356 𝑑𝑑𝑘𝑘𝑛𝑛 Izračunali smo koeficient konsolidacije cv, ki določa lastnost gline. Sloj gline, debeline h = 4,7 m, se lahko drenira (dopušča odtekanje vode) na obeh straneh sloja (zgoraj in spodaj), zato je drenažna pot enaka: ℎ 4,7 𝑚𝑚 𝐻𝐻𝑑𝑑𝑟𝑟 = 2 = 2 = 2,35 𝑚𝑚 Izrazimo čas t: 𝑇𝑇 2 2 ∙ (2,35 𝑚𝑚) 2 𝑡𝑡 = 𝑣𝑣 ∙ 𝐻𝐻𝑑𝑑𝑟𝑟 𝑐𝑐 = = 46,9 𝑑𝑑𝑛𝑛𝑖𝑖 𝑣𝑣 0,2356 𝑚𝑚2 𝑑𝑑𝑘𝑘𝑛𝑛 Naloga 11.2: Sloj gline, debeline 4,9 m, se obremeni z dodatno obtežbo 30 kPa. Koeficient prepustnosti gline znaša 0,0001 m/dan. Na podlagi predhodnih izkušenj se pričakuje, da se bo debelina sloja gline zaradi dodatne obremenitve skrčila za 0,04 m. Sloj gline se lahko drenira samo na eni strani. Izračunajte čas trajanja procesa konsolidacije v dnevih. 11 Konsolidacija 55. 𝑛𝑛 𝑘𝑘 𝑑𝑑 0375 , 0 𝑣𝑣 2 𝑚𝑚 𝑐𝑐 𝑛𝑛𝑖𝑖 𝑑𝑑 1 128 = = = 𝑡𝑡 𝑟𝑟 𝑑𝑑 𝑣𝑣 ) 𝑚𝑚 9 , 4 ( ∙ 2 𝐻𝐻 ∙ 𝑇𝑇 2 2 3 𝑚𝑚 𝑘𝑘𝑘𝑘 81 , 9 ∙ 2 00027 , 0 𝑤𝑤 𝑣𝑣 𝑛𝑛 𝑘𝑘 𝑑𝑑 𝑘𝑘𝑘𝑘 2 𝑚𝑚 𝛾𝛾 ∙ 𝑚𝑚 𝑣𝑣 0375 , 0 = = = 𝑐𝑐 𝑚𝑚 𝑛𝑛 𝑘𝑘 𝑑𝑑 / 𝑚𝑚 0001 , 0 𝑘𝑘 2 𝑘𝑘𝑘𝑘 𝑘𝑘 𝑃𝑃 𝑘𝑘 30 𝜎𝜎 𝑣𝑣 000272 , 0 = = = 𝑚𝑚 𝑚𝑚 00816 , 0 𝜀𝜀 2 𝑚𝑚 9 , 4 𝐻𝐻 00816 , 0 = = = 𝜀𝜀 𝑚𝑚 04 , 0 𝛿𝛿 Naloga 11.3: Podani so podatki konsolidacijskega testa na vzorcu debeline 2 cm. Dreniranje vzorca je omogočeno na obeh straneh. Izračunaj koeficient konsolidacije gline v mm2/s. Uporabite Casagradnejevo metodo – logaritmično merilo. Čas (s) 10 20 30 40 60 120 240 600 1200 1800 3600 7200 Skrček 0,0043 0,056 0,065 0,073 0,085 0,11 0,142 0,176 0,186 0,188 0,192 0,196 (mm) 56 REŠEVANJE PROBLEMOV MEHANIKE TAL. 1 10 100 1000 10000 t 0 50% Δh0% 0,05 Δh 0,1 50% (mm) 0,15 skrček Δh100% 0,2 0,25 Slika 16: Casagradnejevo metoda – logaritmično merilo. 11 Konsolidacija 57. Rešitev: ∆ht=10s = 0,043 mm ∆ht=40s = 0,073 mm ξ = 0,030 mm Δh0% = 0,013 mm Δh100% = 0,185 mm iz grafa Δh50% = 0,099 mm t50% = 100 s (ℎ − ∆ℎ ℎ� = 0%) + (ℎ − ∆ℎ100%) 2 = 19,901 𝑚𝑚𝑚𝑚 ℎ� 𝐻𝐻𝐷𝐷𝑟𝑟 = 2 = 9,9505 𝑚𝑚𝑚𝑚 0,197 ∙ 𝐻𝐻 2 𝑐𝑐 𝑑𝑑𝑟𝑟 𝑣𝑣 = 𝑡𝑡 = 0,1951 𝑚𝑚𝑚𝑚2/𝑠𝑠 50% Naloga 11.4: Podani so podatki konsolidacijskega testa na vzorcu debeline 19 mm. Dreniranje vzorca je omogočeno na obeh straneh. Izračunaj koeficient konsolidacije gline v mm2/min. Uporabite Taylorjevo metodo – koren časa. σ (kPa) 100 t (min) 0 0,2 0,5 1 5 10 30 60 120 240 360 480 1440 √t 0 0,4 0,7 1,0 2,2 3,2 5,5 7,7 11,0 15,5 19,0 21,9 37,9 Dx (mm) 0,4 0,43 0,44 0,455 0,48 0,515 0,545 0,585 0,635 0,673 0,69 0,7 0,72 58 REŠEVANJE PROBLEMOV MEHANIKE TAL. Rešitev: √t90 = 15 0 5 10 15 20 25 30 35 40 t90 (min) = 225 0,4 h0% (mm) = 18,54 0,45 h100% (mm) = 18,31 0,5 HDR (mm) = 9,21 0,55 cv (mm2/min) = 0,320 0,6 Skrček 0,65 0,7 0,75 Slika 17: Rešitev Naloge 11.4. 11 Konsolidacija 59. Naloga 11.5: Sloj gline debeline 4 m (dreniranje na obeh straneh) je obremenjen z obtežbo, ki poveča efektivno vertikalno napetost iz 185 kPa na 310 kPa. Podana sta modul stisljivosti in koeficient konsolidacije (mv = 0,00025 m2/kN, cv = 0,75 m2/leto). Izračunajte: a) Skupni posedek. b) Posedek na koncu prvega leta. c) Čas v dnevih, v katerem se izvede 50 % konsolidacije d) Čas v dnevih, v katerem nastane 25 mm posedka. 60 REŠEVANJE PROBLEMOV MEHANIKE TAL. Rešitve: a) Skupni posedek: 𝑚𝑚2 𝑠𝑠 = (𝜎𝜎′2 − 𝜎𝜎′1) ∙ 𝑚𝑚𝑣𝑣 ∙ ℎ = (310 𝑘𝑘𝑃𝑃𝑘𝑘 − 185 𝑘𝑘𝑃𝑃𝑘𝑘) ∙ 0,00025 𝑘𝑘𝑘𝑘 ∙ 4 𝑚𝑚 = 0,125 𝑚𝑚 b) Posedek na koncu prvega leta: 𝑚𝑚2 𝑚𝑚2 𝑐𝑐𝑣𝑣 = 0,75 𝐾𝐾𝑒𝑒𝑡𝑡𝐾𝐾 = 0,002055 𝑑𝑑𝑘𝑘𝑛𝑛 𝑡𝑡 ∙ 𝑐𝑐 365 𝑑𝑑𝑛𝑛𝑖𝑖 ∙ 0,002055 𝑚𝑚2 𝑇𝑇 𝑣𝑣 𝑑𝑑𝑘𝑘𝑛𝑛 𝑣𝑣 = 𝐻𝐻 2 = 𝑑𝑑𝑟𝑟 (2 𝑚𝑚)2 = 0,1876 𝑈𝑈𝑣𝑣 = �4 ∙ 𝑇𝑇𝑣𝑣 𝜋𝜋 = �4 ∙ 0,1876 𝜋𝜋 = 0,4887 𝑠𝑠1𝑙𝑙𝑒𝑒𝑠𝑠𝑙𝑙 = 𝑈𝑈𝑣𝑣 ∙ 𝑠𝑠 = 0,4887 ∙ 0,125 𝑚𝑚 = 0,061 𝑚𝑚 c) Čas v dnevih, v katerem se izvede 50 % konsolidacije: 𝑈𝑈𝑣𝑣 = 0,5 𝜋𝜋 𝑇𝑇 2 𝑣𝑣 = 4 ∙ 𝑈𝑈𝑣𝑣 = 0,1964 𝑇𝑇 2 0,1964 ∙ (2 𝑚𝑚)2 𝑡𝑡 = 𝑣𝑣 ∙ 𝐻𝐻𝑑𝑑𝑟𝑟 𝑐𝑐 = = 328,3 𝑑𝑑𝑛𝑛𝑖𝑖 𝑣𝑣 0,002055 𝑚𝑚2 𝑑𝑑𝑘𝑘𝑛𝑛 d) Čas v dnevih, v katerem nastane 25 mm posedka: 𝑠𝑠 0,025 𝑚𝑚 𝑈𝑈 𝑠𝑠 𝑣𝑣 = 𝑠𝑠 = 0,125 𝑚𝑚 = 0,20 𝜋𝜋 𝜋𝜋 𝑇𝑇 2 𝑣𝑣 = 4 ∙ 𝑈𝑈𝑣𝑣 = 4 ∙ 0,22 = 0,03142 ℎ 4 𝑚𝑚 𝐻𝐻𝑑𝑑𝑟𝑟 = 2 = 2 = 2 𝑚𝑚 𝑚𝑚2 𝑚𝑚2 𝑐𝑐𝑣𝑣 = 0,75 𝐾𝐾𝑒𝑒𝑡𝑡𝐾𝐾 = 0,002055 𝑑𝑑𝑘𝑘𝑛𝑛 𝑇𝑇 2 0,03142 ∙ (2 𝑚𝑚)2 𝑡𝑡 = 𝑣𝑣 ∙ 𝐻𝐻𝑑𝑑𝑟𝑟 𝑐𝑐 = = 61,2 𝑑𝑑𝑛𝑛𝑖𝑖 𝑣𝑣 0,002055 𝑚𝑚2 𝑑𝑑𝑘𝑘𝑛𝑛 REŠEVANJE PROBLEMOV MEHANIKE TAL P. Jelušič 12 Lezenje Naloga 12.1: Kateri izmed naštetih indeksov predstavlja koeficient stisljivosti za sekundarno konsolidacijo? a) Cc b) mv c) cv d) Cα e) Eoed. . α C ) d : or ov g d O Naloga 12.2: Izračunajte velikost skrčka, ki nastane zaradi sekundarne konsolidacije po 5 in 30 letih. Sloj stisljive gline je debel 5 m (εα = 1,5 % ). Predpostavite, da je vrednost tp = 1 leto. 62 REŠEVANJE PROBLEMOV MEHANIKE TAL. 𝐶𝐶 𝛿𝛿 𝛼𝛼 𝑠𝑠 = �1 + 𝑒𝑒 � ∙ 𝐻𝐻 0 𝑡𝑡 ∙ log �𝑡𝑡 � 𝑝𝑝 𝐶𝐶 𝜀𝜀 𝛼𝛼 𝛼𝛼 = 1 + 𝑒𝑒0 𝑡𝑡 𝛿𝛿𝑠𝑠,5𝑙𝑙𝑒𝑒𝑠𝑠 = 𝜀𝜀𝛼𝛼 ∙ 𝐻𝐻 ∙ log �𝑡𝑡 � 𝑝𝑝 = 0,015 ∙ 5 𝑚𝑚 5 ∙ log �1� = 0,052 𝑚𝑚 𝑡𝑡 𝛿𝛿𝑠𝑠,30𝑙𝑙𝑒𝑒𝑠𝑠 = 𝜀𝜀𝛼𝛼 ∙ 𝐻𝐻 ∙ log �𝑡𝑡 � 𝑝𝑝 = 0,015 ∙ 5 𝑚𝑚 30 ∙ log � 1 � Slika 18: Rešitev Naloge 12.2. = 0,111 𝑚𝑚 REŠEVANJE PROBLEMOV MEHANIKE TAL P. Jelušič 13 Strižna trdnost Naloga 13.1: Napetosti na poljubni ravnini. Podane so napetosti: σxx = 29 kPa σxy = 18 kPa σyx = 18 kPa σyy = 43 kPa Izračunajte strižno napetost na ravnini σnt, ki je odklonjena za α od x osi. α = 25 ° Slika 19: Napetosti na poljubni ravnini. 64 REŠEVANJE PROBLEMOV MEHANIKE TAL. 𝑘𝑘 𝑃𝑃 𝑘𝑘 208 , 6 − = 25° n si ∙ ) 25° n si ( ∙ 𝑘𝑘 𝑃𝑃 𝑘𝑘 18 + 25° n si ∙ 𝑠𝑠 𝑛𝑛 ) 25° cos ( ∙ 𝑘𝑘 𝑃𝑃 𝑘𝑘 43 + 25° cos ∙ ) 25° cos ( ∙ 𝑘𝑘 𝑃𝑃 𝑘𝑘 18 − 25° cos ∙ ) 25° n si ( ∙ 𝑘𝑘 𝑃𝑃 𝑘𝑘 29 − = 𝜎𝜎 𝑦𝑦 𝑚𝑚 𝑦𝑦𝑦𝑦 𝑚𝑚 𝑦𝑦 𝑚𝑚 𝑚𝑚 𝑠𝑠 𝑛𝑛 𝛼𝛼 n si ∙ ) 𝛼𝛼 n si ( ∙ 𝜎𝜎 + 𝛼𝛼 n si ∙ ) 𝛼𝛼 cos ( ∙ 𝜎𝜎 + 𝛼𝛼 cos ∙ ) 𝛼𝛼 cos ( ∙ 𝜎𝜎 − 𝛼𝛼 cos ∙ ) 𝛼𝛼 n si ( ∙ 𝜎𝜎 − = 𝜎𝜎 0 = 𝛼𝛼 n si ∙ ) 𝛼𝛼 n si ∙ 𝐴𝐴 ( ∙ 𝑦𝑦 𝑚𝑚 𝑦𝑦𝑦𝑦 𝑚𝑚 𝑦𝑦 𝑚𝑚 𝑚𝑚 𝑠𝑠 𝑛𝑛 𝜎𝜎 − 𝛼𝛼 n si ∙ ) 𝛼𝛼 cos ∙ 𝐴𝐴 ( ∙ 𝜎𝜎 − 𝛼𝛼 cos ∙ ) 𝛼𝛼 cos ∙ 𝐴𝐴 ( ∙ 𝜎𝜎 + 𝛼𝛼 cos ∙ ) 𝛼𝛼 n si ∙ 𝐴𝐴 ( ∙ 𝜎𝜎 + 𝐴𝐴 ∙ 𝜎𝜎 Naloga 13.2: Napetosti na poljubni ravnini. V določeni točki ravnine so napetosti: σxx = 27 kPa σxy = 14 kPa σyx = 14 kPa σyy = 41 kPa Določite normalno napetost (σnn) na ravnini, ki tvori kot α s smerjo x. α = 28 ° 13 Strižna trdnost 65. Slika 20: Napetosti na poljubni ravnini. 𝑘𝑘 𝑃𝑃 𝑘𝑘 521 , 49 = 28° cos ∙ ) 28° n si ( ∙ 𝑘𝑘 𝑃𝑃 𝑘𝑘 14 + 28° cos ∙ 𝑛𝑛𝑛𝑛 ) 28° cos ( ∙ 𝑘𝑘 𝑃𝑃 𝑘𝑘 41 + 28° n si ∙ ) 28° cos ( ∙ 𝑘𝑘 𝑃𝑃 𝑘𝑘 14 + 28° n si ∙ ) 28° n si ( ∙ 𝑘𝑘 𝑃𝑃 𝑘𝑘 27 = 𝜎𝜎 𝑦𝑦 𝑚𝑚 𝑦𝑦𝑦𝑦 𝑚𝑚 𝑦𝑦 𝑚𝑚 𝑚𝑚 𝑛𝑛𝑛𝑛 𝛼𝛼 cos ∙ ) 𝛼𝛼 n si ( ∙ 𝜎𝜎 + 𝛼𝛼 cos ∙ ) 𝛼𝛼 cos ( ∙ 𝜎𝜎 + 𝛼𝛼 n si ∙ ) 𝛼𝛼 cos ( ∙ 𝜎𝜎 + 𝛼𝛼 n si ∙ ) 𝛼𝛼 n si ( ∙ 𝜎𝜎 = 𝜎𝜎 0 = 𝛼𝛼 cos ∙ ) 𝛼𝛼 n si ∙ 𝐴𝐴 ( ∙ 𝑦𝑦 𝑚𝑚 𝑦𝑦𝑦𝑦 𝑚𝑚 𝑦𝑦 𝑚𝑚 𝑚𝑚 𝑛𝑛𝑛𝑛 𝜎𝜎 + 𝛼𝛼 cos ∙ ) 𝛼𝛼 cos ∙ 𝐴𝐴 ( ∙ 𝜎𝜎 + 𝛼𝛼 n si ∙ ) 𝛼𝛼 cos ∙ 𝐴𝐴 ( ∙ 𝜎𝜎 + 𝛼𝛼 n si ∙ ) 𝛼𝛼 n si ∙ 𝐴𝐴 ( ∙ 𝜎𝜎 + 𝐴𝐴 ∙ 𝜎𝜎 − 66 REŠEVANJE PROBLEMOV MEHANIKE TAL. Naloga 13.3: Maksimalna glavna napetost. V neki točki zemljine so podane naslednje napetosti: σxx = 21 kPa σxy = 19 kPa σyx = 19 kPa σyy = 58 kPa Izračunajte največjo glavno napetost (v kPa) Slika 21: Napetostno stanje v zemljini. 𝑘𝑘 𝑃𝑃 𝑘𝑘 02 , 66 = 𝑘𝑘 𝑃𝑃 𝑘𝑘 52 , 26 + 𝑘𝑘 𝑃𝑃 𝑘𝑘 5 , 39 = 𝑅𝑅 + 𝐶𝐶 = 1 _ 𝜎𝜎 𝑘𝑘 𝑃𝑃 𝑘𝑘 52 , 26 = ) 2 ^ ) 𝑘𝑘 𝑃𝑃 𝑘𝑘 5 , 39 − 𝑘𝑘 𝑃𝑃 𝑘𝑘 58 ( + 2 ^ ) 𝑘𝑘 𝑃𝑃 𝑘𝑘 19 ( ( √ = ) 2 ^ ) 𝐶𝐶 − 𝑦𝑦𝑦𝑦 _ 𝜎𝜎 ( + 2 ^ 〗 𝑦𝑦 𝑥𝑥 _ 𝜎𝜎 〖 ( √ = 𝑅𝑅 𝑘𝑘 𝑃𝑃 𝑘𝑘 5 , 39 = 2 / ) 𝑘𝑘 𝑃𝑃 𝑘𝑘 58 + 𝑘𝑘 𝑃𝑃 𝑘𝑘 21 ( = 2 / ) 𝑦𝑦𝑦𝑦 _ 𝜎𝜎 + 𝑥𝑥𝑥𝑥 _ 𝜎𝜎 ( = 𝐶𝐶 REŠEVANJE PROBLEMOV MEHANIKE TAL P. Jelušič 14 Določitev parametrov strižne trdnosti Strižni kot zemljine je odvisen od relativne gostote, velikosti zrn, oblike zrn in porazdelitve zrn v določeni masi tal. Če v določeni zemljini povečamo količnik por (tj. zmanjšanje relativne gostote), se bo strižni kot zemljine zmanjšal. Če pa imajo zrna več lomljenih površin, bo strižni kot zemljine večji. Splošno območje strižnega kota peska v odvisnosti od relativne gostote je prikazano na sliki spodaj. 45 40 (°) 35 ni kot φ 30 Striž 25 20 0 20 40 60 80 100 Relativna gostota Dr (%) Slika 22: Strižni kot peska v odvisnosti od relativne gostote. 68 REŠEVANJE PROBLEMOV MEHANIKE TAL. NALOGE Naloga 14.1: Na podlagi rezultatov (preglednica spodaj) direktne translatorne strižne preiskave določite strižna parametra Mohr-Coulombove premice strižne trdnosti za vrhnje in residualne vrednosti. Normalna sila (N) 103 201 292 Max. strižna sila (N) 96 184 266 Res. strižna sila (N) 66 128 185 14 Določitev parametrov strižne trdnosti 69. Rešitev: 300 y = 0,9139x 250 200 y = 0,6351x (N) 150 Max. strižna sila (N) Strižna sila 100 Res. strižna sila (N) 50 0 0 50 100 150 200 250 300 Normalna sila (N) Slika 23: Direktna translatorna strižna preiskava. Normalna sila (N) 103 201 292 k (-) φ (°) Max. strižna sila (N) 96 184 266 0.9139 42 Res. strižna sila (N) 66 128 185 0.6351 32 Naloga 14.2: Strižni parametri trdnosti peska znašajo c' = 0 kPa in φ' = 30°. Izvedli smo triosni preizkus strižne trdnosti, z tlakom v celici 100 kPa. Premer vzorca je 3,8 cm. Kolikšno osno silo lahko vzorec prevzame tik pred porušitvijo? 70 REŠEVANJE PROBLEMOV MEHANIKE TAL. Rešitev: 𝜎𝜎 𝐶𝐶 = 𝑐𝑐 + 𝜎𝜎1 2 𝜎𝜎 𝑅𝑅 = 1 − 𝜎𝜎𝑐𝑐 2𝑅𝑅 𝜎𝜎 sin 𝜑𝜑′ = 1 − 𝜎𝜎𝑐𝑐 𝐶𝐶 = 𝜎𝜎1 + 𝜎𝜎𝑐𝑐 1 + sin 𝜑𝜑′ 1 + sin 30° 𝜎𝜎1 = 𝜎𝜎𝑐𝑐 ∙ 1 − sin𝜑𝜑′ = 100 𝑘𝑘𝑃𝑃𝑘𝑘 ∙ 1 − sin30° = 300 𝑘𝑘𝑃𝑃𝑘𝑘 𝜋𝜋 ∙ (0,038 𝑚𝑚)2 𝐹𝐹1 = 𝜎𝜎1 ∙ 𝐴𝐴 = 300 𝑘𝑘𝑃𝑃𝑘𝑘 ∙ 4 = 0,340 𝑘𝑘𝑘𝑘 = 340 𝑘𝑘 Naloga 14.3: Strižna trdnost – zgled 1 V popolnoma osušenem pesku so podane naslednje napetosti: σxx = 34,5 kPa σxy = 11,9 kPa σyx = 11,9 kPa σyy = 54,5 kPa Pesek je v mejnem stanju (v stanju porušitve). Izračunajte strižni kot peska. 14 Določitev parametrov strižne trdnosti 71. Rešitev: 𝜎𝜎 34,5 𝑘𝑘𝑃𝑃𝑘𝑘 + 54,5 𝑘𝑘𝑃𝑃𝑘𝑘 𝐶𝐶 = 𝑚𝑚𝑚𝑚 + 𝜎𝜎𝑦𝑦𝑦𝑦 2 = 2 = 44,5 𝑘𝑘𝑃𝑃𝑘𝑘 𝑅𝑅 = �𝜎𝜎 2 𝑚𝑚𝑦𝑦 + �𝜎𝜎𝑦𝑦𝑦𝑦 − 𝐶𝐶�2 = �(11,9 𝑘𝑘𝑃𝑃𝑘𝑘)2 + (54,5 𝑘𝑘𝑃𝑃𝑘𝑘 − 44,5 𝑘𝑘𝑃𝑃𝑘𝑘)2 = 15,54 𝑘𝑘𝑃𝑃𝑘𝑘 𝑅𝑅 sin 𝜑𝜑′ = 𝐶𝐶𝑅𝑅 15,54 𝑘𝑘𝑃𝑃𝑘𝑘 𝜑𝜑′ = asin 𝐶𝐶 = asin 44,5 𝑘𝑘𝑃𝑃𝑘𝑘 = 20,4° Naloga 14.4: Strižna trdnost – triosni preskus 1. V triosni celici smo preskušali popolnoma suh pesek. Začetna triosna (sferna) napetost je znašala: σc = 47,6 kPa Premer vzorca znaša: D = 38 mm Vzorec se poruši pri dodani maksimalni osni sili: F = 62,5 N Izračunaj strižni kot peska. 72 REŠEVANJE PROBLEMOV MEHANIKE TAL. Rešitev: 𝜋𝜋 ∙ 𝐷𝐷2 𝜋𝜋 ∙ (0,038 𝑚𝑚)2 𝐴𝐴 = 4 = 4 = 0,001134 𝑚𝑚2 𝐹𝐹 62,5 𝑘𝑘 𝜎𝜎𝑑𝑑 = 𝐴𝐴 = 0,001134 𝑚𝑚2 = 55114,6 𝑃𝑃𝑘𝑘 = 55,11 𝑘𝑘𝑃𝑃𝑘𝑘 𝜎𝜎1 = 𝜎𝜎𝑐𝑐 + 𝜎𝜎𝑑𝑑 = 47,6 𝑘𝑘𝑃𝑃𝑘𝑘 + 55,11 𝑘𝑘𝑃𝑃𝑘𝑘 = 102,71 𝑘𝑘𝑃𝑃𝑘𝑘 𝜎𝜎 47,6 𝑘𝑘𝑃𝑃𝑘𝑘 + 102,71 𝑘𝑘𝑃𝑃𝑘𝑘 𝐶𝐶 = 𝑐𝑐 + 𝜎𝜎1 2 = 2 = 75,16 𝑘𝑘𝑃𝑃𝑘𝑘 𝜎𝜎 102,71 𝑘𝑘𝑃𝑃𝑘𝑘 − 47,6 𝑘𝑘𝑃𝑃𝑘𝑘 𝑅𝑅 = 1 − 𝜎𝜎𝑐𝑐 2 = 2 = 27,56 𝑘𝑘𝑃𝑃𝑘𝑘 𝑅𝑅 27,56 𝑘𝑘𝑃𝑃𝑘𝑘 𝜑𝜑′ = asin 𝐶𝐶 = asin75,16 𝑘𝑘𝑃𝑃𝑘𝑘 = 21,5° Naloga 14.5: Strižna trdnost – triosni preskus 2. Na vzorcu gline smo izvedli konsolidiran nedreniran preskus. Začetna sferna napetost v celici je: σc = 30 kPa Opazimo da se vzorec poruši ko dodamo dodatno vertikalno obremenitev: σd = 138 kPa Določite nedrenirano strižno trdnost tal v kPa. 𝑢𝑢 𝑘𝑘 𝑃𝑃 𝑘𝑘 69 = 𝑅𝑅 = 𝑐𝑐 2 2 𝑘𝑘 𝑃𝑃 𝑘𝑘 69 = = = 𝑅𝑅 𝑐𝑐 1 𝑘𝑘 𝑃𝑃 𝑘𝑘 30 − 𝑘𝑘 𝑃𝑃 𝑘𝑘 168 𝜎𝜎 − 𝜎𝜎 𝑑𝑑 𝑐𝑐 1 𝑘𝑘 𝑃𝑃 𝑘𝑘 168 = 𝑘𝑘 𝑃𝑃 𝑘𝑘 138 + 𝑘𝑘 𝑃𝑃 𝑘𝑘 30 = 𝜎𝜎 + 𝜎𝜎 = 𝜎𝜎 14 Določitev parametrov strižne trdnosti 73. Naloga 14.6: Strižna trdnost – triosni preskus 3 Pri nedreniranem triosnem testu na popolnoma zasičenem vzorcu gline je bil najprej tlak v celici povečan za: σc = 40 kPa Nato je bila dodatno povečana vertikalna komponenta napetosti: σd = 27,3 kPa Kolikšen je porni tlak? 2 1 3 𝑘𝑘 𝑃𝑃 𝑘𝑘 1 , 49 = 𝑢𝑢 + 𝑢𝑢 = 𝑢𝑢 : a š a n z ode v k a l t ni por upni k S 3 2 𝑘𝑘 𝑃𝑃 𝑘𝑘 1 , 9 = = 𝑢𝑢 𝑑𝑑 𝜎𝜎 : d σ i t os t pe a n ne l a k i t r e v di a r a z ode v k a l t ni por ni t oda D 𝑐𝑐 1 𝑘𝑘 𝑃𝑃 𝑘𝑘 40 = 𝜎𝜎 = 𝑢𝑢 : i t os t pe na odne ob di a r a z ode v k a l t ni or P 74 REŠEVANJE PROBLEMOV MEHANIKE TAL. Naloga 14.7: Strižna trdnost – triosni preskus 3 Na dveh enakih vzorcih gline opravimo triosna testa. Premer vzorcev je: D = 3,8 cm V prvem preizkusu je tlak v celici: σc,I = 20 kPa Porušitev se zgodi pri sili: FI = 151,2 N V tem trenutku je porni tlak: uI = 14,7 kPa V drugem preizkusu je tlak v celici: σcII = 60 kPa Porušitev se zgodi pri sili: FII = 249,7 N V tem trenutku je porni tlak: uII = 24,2 kPa Določite efektivni strižni kot v stopinjah. 14 Določitev parametrov strižne trdnosti 75. 76 REŠEVANJE PROBLEMOV MEHANIKE TAL. Rešitev: 𝜋𝜋 ∙ 𝐷𝐷2 𝜋𝜋 ∙ (0,038 𝑚𝑚)2 𝐴𝐴 = 4 = 4 = 0,001134 𝑚𝑚2 𝐹𝐹 151,2 𝑘𝑘 𝜎𝜎𝑑𝑑,𝐼𝐼 = 𝐴𝐴 = 0,001134 𝑚𝑚2 = 133,33 𝑘𝑘𝑃𝑃𝑘𝑘 𝜎𝜎1,𝐼𝐼 = 𝜎𝜎𝑐𝑐,𝐼𝐼 + 𝜎𝜎𝑑𝑑,𝐼𝐼 = 20 𝑘𝑘𝑃𝑃𝑘𝑘 + 133,33 𝑘𝑘𝑃𝑃𝑘𝑘 = 153,33 𝑘𝑘𝑃𝑃𝑘𝑘 𝜎𝜎′1,𝐼𝐼 = 𝜎𝜎1,𝐼𝐼 − 𝑢𝑢𝐼𝐼 = 153,33 𝑘𝑘𝑃𝑃𝑘𝑘 − 14,7 𝑘𝑘𝑃𝑃𝑘𝑘 = 138,63 𝑘𝑘𝑃𝑃𝑘𝑘 𝜎𝜎′3,𝐼𝐼 = 𝜎𝜎3,𝐼𝐼 − 𝑢𝑢𝐼𝐼 = 20 𝑘𝑘𝑃𝑃𝑘𝑘 − 14,7 𝑘𝑘𝑃𝑃𝑘𝑘 = 5,3 𝑘𝑘𝑃𝑃𝑘𝑘 𝜎𝜎′ 5,3 𝑘𝑘𝑃𝑃𝑘𝑘 + 138,63 𝑘𝑘𝑃𝑃𝑘𝑘 𝐶𝐶′ 3,𝐼𝐼 + 𝜎𝜎′1,𝐼𝐼 𝐼𝐼 = 2 = 2 = 71,97 𝑘𝑘𝑃𝑃𝑘𝑘 𝜎𝜎′ 138,63 𝑘𝑘𝑃𝑃𝑘𝑘 − 5,3 𝑘𝑘𝑃𝑃𝑘𝑘 𝑅𝑅′ 1,𝐼𝐼 − 𝜎𝜎′3,𝐼𝐼 𝐼𝐼 = 2 = 2 = 66,67 𝑘𝑘𝑃𝑃𝑘𝑘 𝐹𝐹 249,7 𝑘𝑘 𝜎𝜎𝑑𝑑,𝐼𝐼𝐼𝐼 = 𝐴𝐴 = 0,001134 𝑚𝑚2 = 220,19 𝑘𝑘𝑃𝑃𝑘𝑘 𝜎𝜎1,𝐼𝐼𝐼𝐼 = 𝜎𝜎𝑐𝑐,𝐼𝐼𝐼𝐼 + 𝜎𝜎𝑑𝑑,𝐼𝐼𝐼𝐼 = 60 𝑘𝑘𝑃𝑃𝑘𝑘 + 220,19 𝑘𝑘𝑃𝑃𝑘𝑘 = 280,19 𝑘𝑘𝑃𝑃𝑘𝑘 𝜎𝜎′1,𝐼𝐼𝐼𝐼 = 𝜎𝜎1,𝐼𝐼𝐼𝐼 − 𝑢𝑢𝐼𝐼𝐼𝐼 = 280,19 𝑘𝑘𝑃𝑃𝑘𝑘 − 24,2 𝑘𝑘𝑃𝑃𝑘𝑘 = 255,99 𝑘𝑘𝑃𝑃𝑘𝑘 𝜎𝜎′3,𝐼𝐼𝐼𝐼 = 𝜎𝜎3,𝐼𝐼𝐼𝐼 − 𝑢𝑢𝐼𝐼𝐼𝐼 = 60 𝑘𝑘𝑃𝑃𝑘𝑘 − 24,2 𝑘𝑘𝑃𝑃𝑘𝑘 = 35,8 𝑘𝑘𝑃𝑃𝑘𝑘 𝜎𝜎′ 35,8 𝑘𝑘𝑃𝑃𝑘𝑘 + 255,99 𝑘𝑘𝑃𝑃𝑘𝑘 𝐶𝐶′ 3,𝐼𝐼𝐼𝐼 + 𝜎𝜎′1,𝐼𝐼𝐼𝐼 𝐼𝐼𝐼𝐼 = 2 = 2 = 145,90 𝑘𝑘𝑃𝑃𝑘𝑘 𝜎𝜎′ 255,99 𝑘𝑘𝑃𝑃𝑘𝑘 − 35,8 𝑘𝑘𝑃𝑃𝑘𝑘 𝑅𝑅′ 1,𝐼𝐼𝐼𝐼 − 𝜎𝜎′3,𝐼𝐼𝐼𝐼 𝐼𝐼𝐼𝐼 = 2 = 2 = 110,10 𝑘𝑘𝑃𝑃𝑘𝑘 sin 𝜑𝜑′ = tan 𝛽𝛽′ ° 𝑅𝑅′ 110,10 − 66,67 𝛽𝛽′ = atan � 𝐼𝐼𝐼𝐼 − 𝑅𝑅′𝐼𝐼 � 𝐶𝐶′ � = atan � = 30,4° 𝐼𝐼𝐼𝐼 − 𝐶𝐶′𝐼𝐼 145,90 − 71,97 𝜑𝜑′ = asin(tan 𝛽𝛽′) = asin(tan 30,4°) = 36° Naloga 14.8: Skemptonova koeficienta: Z nedreniranim triosnim preskusom so testirali vzorec gline. Tlak v celici je znašal σc = 100 kPa, izmerjeni porni tlak pa je bil 55 kPa. Nato smo aplicirali deviatorično napetost v dveh stopnjah po 200 kPa in izmerili porne tlake. Podatki so povzeti v tabeli. Izračunajte Skemptonova koeficienta: 1 2 ∆σd (kPa) 200 400 ∆ud (kPa) 95 120 14 Določitev parametrov strižne trdnosti 77. 78 REŠEVANJE PROBLEMOV MEHANIKE TAL. Rešitev: ∆𝑢𝑢1 = ∆𝜎𝜎𝑑𝑑,1 + ∆𝜎𝜎𝑐𝑐 = 95 𝑘𝑘𝑃𝑃𝑘𝑘 + 55 𝑘𝑘𝑃𝑃𝑘𝑘 = 150 𝑘𝑘𝑃𝑃𝑘𝑘 ∆𝑢𝑢2 = ∆𝜎𝜎𝑑𝑑,2 + ∆𝜎𝜎𝑐𝑐 = 120 𝑘𝑘𝑃𝑃𝑘𝑘 + 55 𝑘𝑘𝑃𝑃𝑘𝑘 = 175 𝑘𝑘𝑃𝑃𝑘𝑘 ∆𝑢𝑢 55 𝑘𝑘𝑃𝑃𝑘𝑘 𝐵𝐵 = 𝑐𝑐 ∆𝜎𝜎 = 𝑐𝑐 100 𝑘𝑘𝑃𝑃𝑘𝑘 = 0,55 ∆𝑢𝑢 95 𝑘𝑘𝑃𝑃𝑘𝑘 𝐴𝐴̅ 𝑑𝑑 1 = ∆𝜎𝜎 = 𝑑𝑑 200𝑘𝑘𝑃𝑃𝑘𝑘 = 0,475 ∆𝑢𝑢 120 𝑘𝑘𝑃𝑃𝑘𝑘 𝐴𝐴̅ 𝑑𝑑 2 = ∆𝜎𝜎 = 𝑑𝑑 400 𝑘𝑘𝑃𝑃𝑘𝑘 = 0,3 𝐴𝐴̅ 0,475 𝐴𝐴 1 1 = 𝐵𝐵 = 0,55 = 0,864 𝐴𝐴̅ 0,3 𝐴𝐴 2 2 = 𝐵𝐵 = 0,55 = 0,545 1 2 𝐴𝐴̅ 0,475 0,3 𝐴𝐴 0,864 0,545 REŠEVANJE PROBLEMOV MEHANIKE TAL P. Jelušič 15 Napetosti – teorija elastičnosti Naloga 15.1: Točkovna obtežba V (kN) = 150 ν = 0.3 r (m) z (m) ϑ (°) R (m) σz (kPa) σr (kPa) σt (kPa) τrz (kPa) 1 1 45,00 1,41 12,66 9,86 -0,58 12,66 1 2 26,57 2,24 10,25 1,55 -0,70 5,12 1 3 18,43 3,16 6,11 0,19 -0,42 2,04 Slika 24: Točkovna obtežba. 80 REŠEVANJE PROBLEMOV MEHANIKE TAL. 15 Napetosti – teorija elastičnosti 81. Rešitev: 𝑅𝑅 = �𝑧𝑧2 + 𝑢𝑢2 = �(1𝑚𝑚)2 + (1𝑚𝑚)2 = 1,4142 𝑚𝑚 𝜗𝜗 = tan−1(𝑢𝑢 𝑧𝑧 ⁄ ) = tan−1(1 𝑚𝑚 1 ⁄ 𝑚𝑚) = 45° 𝑉𝑉 150 𝑘𝑘𝑘𝑘 𝜎𝜎𝑧𝑧 = 2 ∙ 𝜋𝜋 ∙ 𝑅𝑅2 ∙ (3 ∙ cos3 𝜗𝜗) = 2 ∙ 𝜋𝜋 ∙ (1,4142 𝑚𝑚)2 ∙ (3 ∙ cos3(45°)) = 12,66 𝑘𝑘𝑃𝑃𝑘𝑘 𝑉𝑉 (1 − 2𝜈𝜈) 𝜎𝜎𝑟𝑟 = 2 ∙ 𝜋𝜋 ∙ 𝑅𝑅2 ∙ �3 ∙ cos𝜗𝜗 ∙ sin2𝜗𝜗 − 1 + cos𝜗𝜗� 150 𝑘𝑘𝑘𝑘 (1 − 2 ∙ 0,3) 𝜎𝜎𝑟𝑟 = 2 ∙ 𝜋𝜋 ∙ (1,4142 𝑚𝑚)2 ∙ �3 ∙ cos(45°) ∙ sin2(45°) − 1 + cos(45°)� = 9,86 𝑘𝑘𝑃𝑃𝑘𝑘 𝑉𝑉 1 𝜎𝜎𝑠𝑠 = 2 ∙ 𝜋𝜋 ∙ 𝑅𝑅2 ∙ (1 − 2𝜈𝜈) ∙ �1 + cos𝜗𝜗 − cos𝜗𝜗� 150 𝑘𝑘𝑘𝑘 1 𝜎𝜎𝑠𝑠 = 2 ∙ 𝜋𝜋 ∙ (1,4142 𝑚𝑚)2 ∙ (1 − 2 ∙ 0,3) ∙ �1 + cos(45°) − cos(45°)� = −0,58 𝑘𝑘𝑃𝑃𝑘𝑘 3 ∙ 𝑉𝑉 𝜏𝜏𝑟𝑟𝑧𝑧 = 2 ∙ 𝜋𝜋 ∙ 𝑅𝑅2 ∙ cos2 𝜗𝜗 ∙ sin𝜗𝜗 3 ∙ 150𝑘𝑘𝑘𝑘 𝜏𝜏𝑟𝑟𝑧𝑧 = 2 ∙ 𝜋𝜋 ∙ (1,4142𝑚𝑚)2 ∙ cos2(45°) ∙ sin(45°) = 12,66 𝑘𝑘𝑃𝑃𝑘𝑘 Naloga 15.2: Enakomerna brezkrajna pasovna obtežba Polprostor je na površini obremenjen z enakomerno brezkrajno pasovno obtežbo 100 kPa širine 2,0 m. Določi napetosti v točkah polprostora, ki se nahajata na globini 2,0 m in sta od desnega roba obtežbe, oddaljeni za 1,0 m, 3,0 m ter 4,0 m. Slika 25: Enakomerna brezkrajna pasovna obtežba. 82 REŠEVANJE PROBLEMOV MEHANIKE TAL. 15 Napetosti – teorija elastičnosti 83. Rešitev: Napetosti v zemeljskem pol-prostoru zaradi enakomerne brezkrajne pasovne obtežbe izračunamo kot: 𝜎𝜎𝑧𝑧 = 𝑞𝑞 ∙ [𝛽𝛽 + sin 𝛽𝛽 ∙ cos(2𝛼𝛼 + 𝛽𝛽)] 𝜋𝜋 𝜎𝜎𝑚𝑚 = 𝑞𝑞 ∙ [𝛽𝛽 − sin 𝛽𝛽 ∙ cos(2𝛼𝛼 + 𝛽𝛽)] 𝜋𝜋 𝜏𝜏𝑚𝑚𝑧𝑧 = 𝑞𝑞 ∙ [sin 𝛽𝛽 ∙ sin(2𝛼𝛼 + 𝛽𝛽)] 𝜋𝜋 Glavne napetosti izrazimo kot: 𝜎𝜎1,2 = 𝑞𝑞 ∙ [𝛽𝛽 ± sin(𝛽𝛽)] 𝜋𝜋 Enakomerna brezkrajna pasovna obtežba q (kPa) = 100 B (m) = 2 x (m) z (m) α (°) β (°) σz (kPa) σx (kPa) τxz (kPa) σ1 (kPa) σ2 (kPa) 3 2 26.57 29.74 18.48 14.57 15.67 32.32 0.73 5 2 56.31 11.89 2.89 10.32 5.40 13.16 0.05 6 2 63.43 8.13 1.33 7.70 3.18 9.02 0.02 𝑥𝑥 − 𝐵𝐵 3 𝑚𝑚 − 2 𝑚𝑚 𝛼𝛼 = tan−1 � � � 𝑧𝑧 = tan−1 � 2 𝑚𝑚 = 26,57° = 0,4636 𝑢𝑢𝑘𝑘𝑑𝑑 𝑥𝑥 3 𝑚𝑚 𝛽𝛽 = tan−1 � � 𝑧𝑧� − 𝛼𝛼 = tan−1 �2 𝑚𝑚 − 26,57° = 29,74° = 0,5191 𝑢𝑢𝑘𝑘𝑑𝑑 𝑞𝑞 𝜎𝜎𝑧𝑧 = 𝜋𝜋 ∙ [𝛽𝛽 + sin𝛽𝛽 ∙ cos(2𝛼𝛼 + 𝛽𝛽)] = 100 𝑘𝑘𝑃𝑃𝑘𝑘 𝜎𝜎𝑧𝑧 = 𝜋𝜋 ∙ [0,5191 𝑢𝑢𝑘𝑘𝑑𝑑 + sin(29,74°) ∙ cos(2 ∙ 26,57° + 29,74°)] = 18,48 𝑘𝑘𝑃𝑃𝑘𝑘 𝑞𝑞 𝜎𝜎𝑚𝑚 = 𝜋𝜋 ∙ [𝛽𝛽 − sin𝛽𝛽 ∙ cos(2𝛼𝛼 + 𝛽𝛽)] = 𝜎𝜎𝑚𝑚 = 100 𝑘𝑘𝑃𝑃𝑠𝑠 ∙ [0,5191 𝑢𝑢𝑘𝑘𝑑𝑑 − sin(29,74°) ∙ cos(2 ∙ 26,57° + 29,74°)] = 14,57 𝑘𝑘𝑃𝑃𝑘𝑘 𝜋𝜋 𝑞𝑞 𝜏𝜏𝑚𝑚𝑧𝑧 = 𝜋𝜋 ∙ [sin𝛽𝛽 ∙ sin(2𝛼𝛼 + 𝛽𝛽)] 100 𝑘𝑘𝑃𝑃𝑘𝑘 𝜏𝜏𝑚𝑚𝑧𝑧 = 𝜋𝜋 ∙ [sin(29,74°) ∙ sin(2 ∙ 26,57° + 29,74°)] = 15,67 𝑘𝑘𝑃𝑃𝑘𝑘 𝑞𝑞 𝜎𝜎1,2 = 𝜋𝜋 ∙ [𝛽𝛽 ± sin(𝛽𝛽)] 100 𝑘𝑘𝑃𝑃𝑘𝑘 𝜎𝜎1 = 𝜋𝜋 ∙ [0,5191 𝑢𝑢𝑘𝑘𝑑𝑑 + sin(29,74°)] = 32,32 𝑘𝑘𝑃𝑃𝑘𝑘 100 𝑘𝑘𝑃𝑃𝑘𝑘 𝜎𝜎2 = 𝜋𝜋 ∙ [0,5191 𝑢𝑢𝑘𝑘𝑑𝑑 − sin(29,74°)] = 0,73 𝑘𝑘𝑃𝑃𝑘𝑘 84 REŠEVANJE PROBLEMOV MEHANIKE TAL. ZAPISKI REŠEVANJE PROBLEMOV MEHANIKE TAL P. Jelušič 16 Stabilnostna analiza Naloga 16.1: Princip totalnih napetosti: Momentno ravnotežje – geometrijska metoda (φu = 0) Stabilnost pobočja analiziramo s pomočjo krožne porušnice. Geometrija pobočja in krožne porušnice je podana spodaj na sliki. Prostorninska teža zemljine znaša γ = 18,5 kN/m3, nedrenirana strižna trdnost zemljine pa cu = 20 kPa. Površina telesa, ki ga obdaja pobočje in krožna porušnica znaša A =124,44 m2. Preverite, ali je pobočje stabilno. Slika 26: Krožna porušnica. 86 REŠEVANJE PROBLEMOV MEHANIKE TAL. 16 Napetosti – teorija elastičnosti 87. 88 REŠEVANJE PROBLEMOV MEHANIKE TAL. Rešitev: Najprej izračunamo dolžino krožne porušnice: 𝜋𝜋 ∙ 𝜃𝜃 ∙ 𝑅𝑅 𝜋𝜋 ∙ 99° ∙ 16,93 𝑚𝑚 𝐿𝐿 = 180° = 180° = 29,25 𝑚𝑚 Nato določimo površino telesa, ki ga obdaja povšina pobočja in krožna porušnica. To površino lahko določimo s pomočjo računalniških programov, kot npr. AutoCAD. Na podlagi površine A lahko izračunamo težo drsine z naslednjo enačbo: 𝐺𝐺 = 𝐴𝐴 ∙ 𝛾𝛾 = 124,44 𝑚𝑚2 ∙ 18 𝑘𝑘𝑘𝑘 𝑚𝑚3 ⁄ = 2302,14 𝑘𝑘𝑘𝑘/𝑚𝑚 Izračunamo tudi silo zaradi obtežbe na površini: 𝑄𝑄 = 𝑞𝑞 ∙ 𝐾𝐾𝑞𝑞 = 10 𝑘𝑘𝑃𝑃𝑘𝑘 ∙ 5,5 𝑚𝑚 = 55 𝑘𝑘𝑘𝑘/𝑚𝑚 Nato odčitamo horizontalno oddaljenost od središča krožne porušnice in teže G oziroma sile Q. Torej potrebni sta razdalji xG in xQ. Izračunamo destabilizacijski moment: 𝑀𝑀𝑠𝑠 = 𝐺𝐺 ∙ 𝑥𝑥𝐺𝐺 + 𝑄𝑄 ∙ 𝑥𝑥𝑄𝑄 𝑀𝑀𝑠𝑠 = 2302,14 𝑘𝑘𝑘𝑘/𝑚𝑚 ∙ 4,82 𝑚𝑚 + 55 𝑘𝑘𝑘𝑘/𝑚𝑚 ∙ 12,92 𝑚𝑚 = 11806,9 𝑘𝑘𝑘𝑘𝑚𝑚/𝑚𝑚 Odpornostni moment, ki ga nudi zemljina zaradi nedrenirane strižne trdnosti znaša: 𝑀𝑀𝑅𝑅 = 𝐿𝐿 ∙ 𝑐𝑐𝑢𝑢 ∙ 𝑅𝑅 = 29,25 𝑚𝑚 ∙ 20 𝑘𝑘𝑘𝑘 𝑚𝑚2 ⁄ ∙ 16,93 𝑚𝑚 = 9904,05 𝑘𝑘𝑘𝑘𝑚𝑚/𝑚𝑚 Količnik varnosti izračunamo kot: 𝑀𝑀 9904,05 𝑘𝑘𝑘𝑘𝑚𝑚/𝑚𝑚 𝐹𝐹 𝑅𝑅 𝑠𝑠 = 𝑀𝑀 = 𝑠𝑠 11806,9 kNm/m = 0,839 Pobočje je nestabilno, ker je količnik varnosti FS manjši od 1. Povzetek izračuna je podan v preglednici spodaj. γ (kN/m3) = 18.5 cu (kPa) = 20 θ (°) = 99 R (m) = 16.93 L (m) = 29.25 16 Napetosti – teorija elastičnosti 89. A (m2) G (kN/m) xG (m) MG (kNm/m) G 124.44 2302.14 4.82 11096.3 lq (m) q (kPa) xQ (m) MQ (kNm/m) Q 5.5 10 12.92 710.6 Skupaj Ma 11806.9 Tcm (kN/m) = 585.0588 MR (kNm/m) = 9905.045 Fs (-) = 0.839 Iz slike spodaj lahko vidimo, da je rezultanta sil G in Q od središča krožne porušnice oddaljena za: 𝑀𝑀 11806,9 𝑘𝑘𝑘𝑘𝑚𝑚/𝑚𝑚 𝑥𝑥 𝑠𝑠 𝑅𝑅𝑒𝑒𝑧𝑧 = 𝐺𝐺 + 𝑄𝑄 = 2302,14 𝑘𝑘𝑘𝑘/𝑚𝑚 + 55𝑘𝑘𝑘𝑘/𝑚𝑚 = 5,009 𝑚𝑚 Slika 27: Rešitev Naloge 16.1. Naloga 16.2: Princip totalnih napetosti: Momentno ravnotežje – lamelna metoda (φu = 0) Stabilnost pobočja analiziramo s pomočjo krožne porušnice. Geometrija pobočja in krožne porušnice je podana spodaj na sliki. Prostorninska teža zemljine znaša γ = 18,5 kN/m3, nedrenirana strižna trdnost zemljine pa cu = 20 kPa. Preverite, ali je pobočje stabilno. Slika 28: Naloga 16.2. 90 REŠEVANJE PROBLEMOV MEHANIKE TAL. 16 Napetosti – teorija elastičnosti 91. 92 REŠEVANJE PROBLEMOV MEHANIKE TAL. Najprej izračunamo dolžino krožne porušnice: 𝜋𝜋 ∙ 𝜃𝜃 ∙ 𝑅𝑅 𝜋𝜋 ∙ 99° ∙ 16,93 𝑚𝑚 𝐿𝐿 = 180° = 180° = 29,25 𝑚𝑚 Nato določimo površino telesa, ki ga obdajata površina pobočja in krožna porušnica. To površino lahko določimo tako, da razdelimo drsno telo na lamele, kot je prikazano na sliki spodaj. Iz slike je razvidno da ima lamela 1 višino h1 = 0,57 m, širino b = 2 m in oddaljenost od x1 = -7,83 m. Lamela 8 pa ima sledeče vrednosti: h8 = 7,83 m, širino b = 2 m in oddaljenost od x8 = 6,17 m. Slika 29: Rešitev naloge 16.2. Težo lamele 1 izračunamo kot: 𝐺𝐺1 = ℎ𝑚𝑚 ∙ 𝑏𝑏𝑚𝑚 ∙ 𝛾𝛾 = 0,57 𝑚𝑚 ∙ 2𝑚𝑚 ∙ 18 𝑘𝑘𝑘𝑘 𝑚𝑚3 ⁄ = 21,09 𝑘𝑘𝑘𝑘/𝑚𝑚 Na enak način izračunamo teže vseh lamel. Tabela spodaj prikazuje izračune tež vseh lamel. γ (kN/m3) = 18.5 cu (kPa) = 20 θ (°) = 99 R (m) = 16.93 L (m) = 29.25 16 Napetosti – teorija elastičnosti 93. h(m) b(m) A(m2) G(kN/m) r(m) M(kNm/m) 1 0.57 2 1.14 21.09 -7.83 -165.1 2 2 2 4 74 -5.83 -431.4 3 3.55 2 7.1 131.35 -3.83 -503.1 4 4.9 2 9.8 181.3 -1.83 -331.8 5 6 2 12 222 0.17 37.7 6 6.85 2 13.7 253.45 2.17 550.0 7 7.5 2 15 277.5 4.17 1157.2 8 7.83 2 15.66 289.71 6.17 1787.5 9 7.9 2 15.8 292.3 8.17 2388.1 10 7.1 2 14.2 262.7 10.17 2671.7 11 5.34 2 10.68 197.58 12.17 2404.5 12 2.45 2.5 6.125 113.3125 14.42 1634.0 OBT 5.5 10 12.92 710.6 Skupaj Ma 11909.9 Tcm (kN/m) = 585.0588 MR (kNm/m) = 9905.045 Fs (-) = 0.832 Naloga 16.3: Princip totalnih napetosti: Momentno ravnotežje – radialna metoda (φu = 0) Stabilnost pobočja analiziramo s pomočjo krožne porušnice. Geometrija pobočja in krožne porušnice je podana na sliki spodaj. Prostorninska teža zemljine znaša γ = 18,5 kN/m3, nedrenirana strižna trdnost zemljine pa cu = 20 kPa. Preverite, ali je pobočje stabilno. Slika 30: Naloga 16.3. 94 REŠEVANJE PROBLEMOV MEHANIKE TAL. 16 Napetosti – teorija elastičnosti 95. 96 REŠEVANJE PROBLEMOV MEHANIKE TAL. Rešitev: Najprej izračunamo dolžino krožne porušnice: 𝜋𝜋 ∙ 𝜃𝜃 ∙ 𝑅𝑅 𝜋𝜋 ∙ 99° ∙ 16,93 𝑚𝑚 𝐿𝐿 = 180° = 180° = 29,25 𝑚𝑚 Nato določimo površino telesa, ki ga obdajata površina pobočja in krožna porušnica. To površino lahko določimo tako, da razdelimo drsno telo na lamele, kot je prikazano na sliki spodaj. Iz slike je razvidno da ima lamela 1 višino h1 = 0,57 m, širino b = 2 m. Odčitamo kot, ki ga oklepata vertikala (skozi središče) in premica, ki poteka skozi središča lamele 1 in središče krožne porušnice. Odčitamo, da je vrednost kota za lamelo 1 znaša ψ1 = -28°. Lamela 8 pa ima sledeče vrednosti: h8 = 7,83 m, širino b = 2 m in kot ψ8 = 21°. Slika 31: Rešitev naloge 16.3. γ (kN/m3) = 18.5 cu (kPa) = 20 θ (°) = 99 R (m) = 16.93 L (m) = 29.25 h(m) b(m) A(m2) G(kN/m) ψ (°) T = G·sinψ 1 0.57 2 1.14 21.09 -28 -9.9 2 2 2 4 74 -20 -25.3 3 3.55 2 7.1 131.35 -13 -29.5 4 4.9 2 9.8 181.3 -6 -19.0 5 6 2 12 222 1 3.9 6 6.85 2 13.7 253.45 7 30.9 7 7.5 2 15 277.5 14 67.1 8 7.83 2 15.66 289.71 21 103.8 9 7.9 2 15.8 292.3 29 141.7 10 7.1 2 14.2 262.7 37 158.1 11 5.34 2 10.68 197.58 46 142.1 12 2.45 2.5 6.125 113.3125 58 96.1 16 Napetosti – teorija elastičnosti 97. OBT 5.5 55 50 42.1 Skupaj T 702.2 Skupaj Ma 11887.7 Tcm (kN/m) = 585.1 MR (kNm/m) = 9905.0 Fs (-) = 0.833 Izračunamo tangencialno komponento teže lamele 1: 𝑇𝑇1 = 𝐺𝐺1 ∙ sin 𝜓𝜓1 = 21,09 𝑘𝑘𝑘𝑘/𝑚𝑚 ∙ sin(−28°) = −9,90 𝑘𝑘𝑘𝑘/𝑚𝑚 Nato izračunamo vsoto (glej preglednico spodaj): 𝑇𝑇 = ∑ 𝑇𝑇𝑚𝑚 = 702,2 𝑘𝑘𝑘𝑘/𝑚𝑚 Količnik varnosti izračunamo kot: 𝐹𝐹𝑠𝑠 = 𝑀𝑀𝑅𝑅 = 𝐿𝐿∙𝑐𝑐𝑢𝑢∙𝑅𝑅 = 𝐿𝐿∙𝑐𝑐𝑢𝑢 = 29,25 𝑚𝑚∙20 𝑘𝑘𝑁𝑁/𝑚𝑚2 = 0,833 𝑀𝑀𝑎𝑎 𝑅𝑅∙∑ 𝑇𝑇𝑖𝑖 ∑ 𝑇𝑇𝑖𝑖 702,2 𝑘𝑘𝑁𝑁/𝑚𝑚 Naloga 16.4: Princip totalnih napetosti: Momentno ravnotežje – radialna metoda (φu ≠ 0) Stabilnost pobočja analiziramo s pomočjo krožne porušnice. Geometrija pobočja in krožne porušnice je podana na sliki spodaj. Prostorninska teža zemljine znaša γ = 18,5 kN/m3, nedrenirana strižna trdnost zemljine cu = 20 kPa in strižni kot zemljine φu= 25°. Preverite, ali je pobočje stabilno. Slika 32: Naloga 16.4. 98 REŠEVANJE PROBLEMOV MEHANIKE TAL. 16 Napetosti – teorija elastičnosti 99. 100 REŠEVANJE PROBLEMOV MEHANIKE TAL. Rešitev: Radialni postopek lahko uporabimo tudi pri delno nasičenih tleh, v primeru, da ni potrebno upoštevati pornega tlaka vode (Nekonsolidirani nedrenirani preizkus - UU). Zaradi strižnega kota φu je treba sedaj upoštevati tudi normalno komponento teže lamele N in tangencialno komponento T. Za prvo lamelo velja: 𝑘𝑘𝑚𝑚 = 𝐺𝐺𝑚𝑚 ∙ cos 𝜓𝜓1 = 21,09 𝑘𝑘𝑘𝑘/𝑚𝑚 ∙ cos(−28°) = 18,62 𝑘𝑘𝑘𝑘/𝑚𝑚 𝑇𝑇1 = 𝐺𝐺1 ∙ sin 𝜓𝜓1 = 21,09 𝑘𝑘𝑘𝑘/𝑚𝑚 ∙ sin(−28°) = −9,90 𝑘𝑘𝑘𝑘/𝑚𝑚 Silo trenja izračunamo kot: 𝐹𝐹1 = 𝑘𝑘𝑚𝑚 ∙ tan 𝜑𝜑𝑢𝑢 = 18,62 𝑘𝑘𝑘𝑘/𝑚𝑚 ∙ tan 25° = 8,68 𝑘𝑘𝑘𝑘/𝑚𝑚 S pomočjo spodnje preglednice izračunamo posamezne komponente sile in silo trenja: cu (kPa) = 15 φu (°) = 25 θ (°) = 99 R (m) = 16.93 L (m) = 29.25 h(m) b(m) A(m2) G(kN/m) ψ (°) T = G·sinψ N = G·cosψ F = N·tanφu 1 0.57 2 1.14 21.09 -28 -9.9 18.6 8.7 2 2 2 4 74 -20 -25.3 69.5 32.4 3 3.55 2 7.1 131.35 -13 -29.5 128.0 59.7 4 4.9 2 9.8 181.3 -6 -19.0 180.3 84.1 5 6 2 12 222 1 3.9 222.0 103.5 6 6.85 2 13.7 253.45 7 30.9 251.6 117.3 7 7.5 2 15 277.5 14 67.1 269.3 125.6 8 7.83 2 15.66 289.71 21 103.8 270.5 126.1 9 7.9 2 15.8 292.3 29 141.7 255.7 119.2 10 7.1 2 14.2 262.7 37 158.1 209.8 97.8 11 5.34 2 10.68 197.58 46 142.1 137.3 64.0 12 2.45 2.5 6.125 113.3125 58 96.1 60.0 28.0 OBT 5.5 55 50 42.1 35.4 16.5 702.2 982.9 F (kN/m) = 982.9 Tcm (kN/m) = 438.8 MR (kNm/m) = 24069.03 Ma (kNm/m) = 11887.74 Fs (-) = 2.025 REŠEVANJE PROBLEMOV MEHANIKE TAL P. Jelušič Literatura [1] Aysen, A., (2002). Soil Mechanics Basic Concepts and Engineering Applications, CRC Press. [2] Budhu, M., (2010). Soil Mechanics and Foundations. 3rd Edition. John Wiley & Sons, Incorporated. [3] Das, B.M., (2019). Advanced Soil Mechanics, Advanced Soil Mechanics. CRC Press, 5th Edition https://doi.org/10.1201/9781351215183. [4] Knappett, J.A., Craig, R.F., (2012). Craig’s Soil Mechanics. Eighth Edition, Craig’s Soil Mechanics, Eighth Edition. https://doi.org/10.1201/b12841. [5] SIST EN ISO 14688-1:2018, (2018). Geotehnično preiskovanje in preskušanje - Prepoznavanje in razvrščanje zemljin - 1. del: Prepoznavanje in opisovanje (ISO 14688-1:2017). [6] SIST EN ISO 14688-1:2004/A1:2013, (2013). Geotehnično preiskovanje in preskušanje - Prepoznavanje in razvrščanje zemljin - 1. del: Prepoznavanje in opisovanje (ISO 14688-1:2002/A1:2013). [7] SIST EN ISO 17892-2:2015, (2015). Geotehnično preiskovanje in preskušanje - Laboratorijsko preskušanje zemljin - 2. del: Ugotavljanje prostorninske gostote (ISO 17892-2:2014). [8] SIST EN ISO 17892-3:2016, (2016). Geotehnično preiskovanje in preskušanje - Laboratorijsko preskušanje zemljin - 3. del: Ugotavljanje gostote zrn (ISO 17892-3:2015). [9] SIST EN ISO 17892-4:2017, (2017). Geotehnično preiskovanje in preskušanje - Laboratorijsko preskušanje zemljin - 4. del: Ugotavljanje zrnavostne sestave (ISO 17892-4:2016). [10] SIST EN ISO 17892-5:2017, (2017). Geotehnično preiskovanje in preskušanje - Laboratorijsko preskušanje zemljin - 5. del: Edometrski preskus s postopnim obremenjevanjem (ISO 17892-5:2017). [11] SIST EN ISO 17892-6:2017, (2017). Geotehnično preiskovanje in preskušanje - Laboratorijsko preskušanje zemljin - 6. del: Preskus s konusom (ISO 17892-6:2017). [12] SIST EN ISO 17892-7:2018, (2018). Geotehnično preiskovanje in preskušanje - Laboratorijsko preskušanje zemljin - 7. del: Enoosni tlačni preskus (ISO 17892-7:2017). [13] SIST EN ISO 17892-8:2018, (2018). Geotehnično preiskovanje in preskušanje - Laboratorijsko preskušanje zemljin - 8. del: Nekonsolidirani nedrenirani triosni preskus (ISO 17892-8:2018). [14] SIST EN ISO 17892-9:2018, (2018). Geotehnično preiskovanje in preskušanje - Laboratorijsko preskušanje zemljin - 9. del: Konsolidiran triosni tlačni preskus na z vodo zasičenih zemljinah (ISO 17892-9:2018). [15] SIST EN ISO 17892-10:2019, (2019). Geotehnično preiskovanje in preskušanje - Laboratorijsko preskušanje zemljin - 10. del: Neposredni strižni preskus (ISO 17892-10:2018). [16] SIST EN ISO 17892-11:2019, (2019). Geotehnično preiskovanje in preskušanje - Laboratorijsko preskušanje zemljin - 11. del: Ugotavljanje prepustnosti (ISO 17892-11:2019). [17] SIST EN ISO 17892-12:2018, (2018). Geotehnično preiskovanje in preskušanje - Laboratorijsko preskušanje zemljin - 12. del: Ugotavljanje meje tekočine in plastičnosti (ISO 17892-12:2018). 102 REŠEVANJE PROBLEMOV MEHANIKE TAL. REŠEVANJE PROBLEMOV MEHANIKE TAL PRIMOŽ JELUŠIČ Univerza v Mariboru, Fakulteta za gradbeništvo, prometno inženirstvo in arhitekturo, Maribor, Slovenija. E-pošta: primoz.jelusic@um.si Povzetek Namen učbenika je aplicirati zakonitosti mehanike tal na praktičnih primerih. Prikazani so osnovni postopki za ovrednotenje Ključne besede: fizikalnih in mehanskih lastnosti zemljin, ki so osnova za učinkovito mehanika reševanje problemov v geotehniki. Glede na obstoječo literaturo s tal, lastnosti področja mehanike tal je vsebina učbenika razdeljena na 16 poglavij: zemljin, Uvod, Klasifikacija zemljin, Tri-fazni sestav zemljine, Napetosti v napetosti v sloju zemljini, Napetosti v sloju tal, Darcyjev zakon, Prepustnost zemljin, tal, Precejanje podzemne vode, Napetosti in deformacije, Eno- konsolidacija, dimenzionalni tlak, Konsolidacija, Lezenje, Strižna trdnost, Določitev strižna trdnost, parametrov strižne trdnosti, Napetosti-teorija elastičnosti in stabilnostna Stabilnostna analiza. analiza DOI https://doi.org/10.18690/978-961-286-463-7 ISBN 978-961-286-463-7 SOLVING PROBLEMS IN SOIL MECHANIC PRIMOŽ JELUŠIČ University of Maribor, Faculty of Civil Engineering, Transportation Engineering and Architecture, Maribor, Slovenia. E-mail: primoz.jelusic@um.si Abstract The objective of the book is to apply the laws of soil mechanics to practical examples. The objective of the book is to apply the laws of soil mechanics to practical examples. It presents the basic procedures for evaluating the physical and mechanical properties of Keywords: soil soils, which are the basis for solving problems in geotechnical mechanics, engineering. According to the existing literature in the field of soil soil mechanics, the contents of the book are divided into 16 chapters: properties, stresses in Introduction, Soil Classification, Three-Components of Soil, Stresses soil in Soil, Stresses in Soil Layer, Darcy's Law, Soil Permeability, layer, consolidation, Groundwater Seepage, Stresses and Strains, One-Dimensional shear Compression, Consolidation, Creep, Shear Strength, Determination of strength, Shear Strength Parameters, Elastic Stresses and Deformations, and stability analysis Stability Analysis. DOI https://doi.org/10.18690/978-961-286-463-7 ISBN 978-961-286-463-7 Document Outline Predgovor 1 Uvod 2 Klasifikacija zemljin 3 Trifazni sestav zemljine 4 Napetosti v zemljini 5 Napetosti v sloju tal 6 Darcyjev zakon 7 Prepustnost zemljin 8 Precejanje podzemne vode 9 Napetosti in deformacije 10 Eno-dimenzionalni tlak 11 Konsolidacija 12 Lezenje 13 Strižna trdnost 14 Določitev parametrov strižne trdnosti 15 Napetosti – teorija elastičnosti 16 Stabilnostna analiza Literatura